b
B
a
第十二章 电磁感应(五)
1.如图所示,质量为m 的金属线框A 静置于光滑平面上,通过细绳跨过定滑轮与质量为m 的物体B 相连,
图中虚线内为一水平匀强磁场,d 表示A 与磁场左边界的距离,不计滑轮摩擦及空气阻力,设B 下降h (h >d )高度时的速度为v ,则以下关系中能够成立的是 A .v 2=gh
B .v 2
=2gh C .A 产生的热量Q =mgh -mv 2
D .A 产生的热量Q =mgh -1
2
mv 2
2.竖直平面内有一形状为抛物线的光滑曲面轨道,如图所示,抛物线方程是y =x 2,轨道下半部分处在一个水
平向外的匀强磁场中,磁场的上边界是y =a 的直线(图中虚线所示),一个小金属环从抛物线上y =b (b >a )处以速度v 沿抛物线下滑,假设抛物线足够长,金属环沿抛物线下滑后产生的焦耳热总量是 A .mgb B. mv 2/2
C .mg (b -a )
D .mg (b -a )+mv 2/2
3.如图所示,用粗细相同的铜丝做成边长分别为L 和2L 的两只闭合线框a 和b ,以相同的速度从磁感应强度
为B 的匀强磁场区域中匀速地拉到磁场外,则下列说法正确的是( ) A .产生的焦耳热之比为1∶4 B .产生的焦耳热之比为1∶1
C .通过铜丝某截面的电量之比为1∶2
D .通过铜丝某截面的电量之比为1∶4
4.如图所示,位于一水平面内的、两根平行的光滑金属导轨,处在匀强磁场中,磁场方向垂直于导轨所在的
平面,导轨的一端与一电阻相连;具有一定质量的金属杆ab 放在导轨上并与导轨垂直。现用一平行于导轨的恒力F 拉ab ,使它由静止开始向右运动。杆和导轨的电阻、感应电流产生的磁场均可不计。用E 表示回路中的感应电动势,i 表示回路中的感应电流,在i 随时间增大的过程中,电阻消耗的功率
A.等于F 的功率
B.等于安培力的功率的绝对值
C.等于F 与安培力合力的功率
D.小于iE 5.如图所示,abcd 是一个质量为m ,边长为L 的正方形金属线框,从图示位置自由下落,在下
落h 后进入磁感应强度为B 的磁场恰好做匀速直线运动,该磁场的宽度也为L .在这个磁场的正下方h +L 处还有一个未知磁场B ',金属线框abcd 在穿过这个磁场时也恰好做匀速直线运动.则下列说法正确的是
A .未知磁场的磁感应强度
B '大小为2B B .未知磁场的磁感应强度B '大小为B 2
C .线框在穿过这两个磁场的过程中产生的电能为4mgL
D .线框在穿过这两个磁场的过程中产生的电能为2mgL
6.如图所示,水平固定放置的足够长的U 形金属导轨处于竖直向上的匀强磁场中,在导轨上放着金属棒ab ,
开始时ab 棒以水平初速度v 0向右运动,最后静止在导轨上,就导轨光滑和粗糙两种情况比较,这个过程 A .安培力对ab 棒所做的功不相等 B .电流所做的功相等 C .产生的总内能相等 D .通过ab 棒的电量相等
7.如图所示,金属棒a 在离地h 高处从静止开始沿弧形轨道下滑,导轨水平部分有竖直向上的匀强磁场B ,
水平部分导轨上原来放有一个金属棒b 。已知棒a 的质量为m a ,且与棒b 的质量之比m a :m b =3:4,水平导轨足够长,不计摩擦,求整个过程中回路释放的电能是多少?
c d c 2
d 2 x y 2
R 8.如图所示,两根足够长的固定的平行金属导轨位于倾角θ=30°的斜面上,导轨上、下端各接有阻值R =10
Ω的电阻,导轨自身电阻忽略不计,导轨宽度L =2m ,在整个导轨平面内都有垂直于导轨平面向上的匀强磁场,磁感应强度B =0.5T .质量为m =0.1kg ,电阻r =5Ω的金属棒ab 在较高处由静止释放,金属棒ab 在下滑过程中始终与导轨垂直且与导轨接触良好.当金属棒ab 下滑高度h =3m 时,速度恰好达到最大值
v =2m/s .求:⑴金属棒ab 在以上运动过程中机械能的减少量.⑵金属棒ab 在以上运动过程中导轨下端电
阻R 中产生的热量.(g =10m/s 2)
9.图中a 1b 1c 1d 1和a 2b 2c 2d 2为在同一竖直面内的金属导轨,处在磁感应强度为B 的匀强磁场中,磁场方向垂直
导轨所在的平面(纸面)向里。导轨的a 1b 1段与a 2b 2段是竖直的,距离为l 1;c 1d 1段与c 2d 2段也是竖直的,距离为l 2。x 1y 1与x 2y 2为两根用不可伸长的绝缘轻线相连的金属细杆,质量分别为m 1和m 2,它们都垂直于导轨并与导轨保持光滑接触。两杆与导轨构成的回路的总电阻为R 。F 为作用于金属杆x 1y 1上的竖直向上的恒力。已知两杆运动到图示位置时,已匀速向上运动,求此时作用于两杆的重力的功率P 的大小和回路电阻上的热功率P 。
10.如图所示,一边长L = 0.2m ,质量m 1 = 0.5kg ,电阻R = 0.1Ω的正方形导体线框abcd ,与一质量为m 2 = 2kg
的物块通过轻质细线跨过两定滑轮相连。起初ad 边距磁场下边界为d 1=0.8m ,磁感应强度B =2.5T ,磁场宽度d 2=0.3m ,物块放在倾角θ=53°的斜面上,物块与斜面间的动摩擦因数μ=0.5。现将物块由静止释放,经一段时间后发现当ad 边从磁场上边缘穿出时,线框恰好做匀速运动。(g 取10m/s 2,sin53°=0.8,cos53°= 0.6)求:⑴线框ad 边从磁场上边缘穿出时绳中拉力的功率;⑵线框刚刚全部进入磁场时速度的大小;⑶整个运动过程中线框产生的焦耳热。
电磁感应(五)参考答案
1.解析:选C 。根据题意,线框A 进入磁场的过程克服安培力做功,线框A 产生的热量为Q ,
对A 、B 构成的系统,在B 下降h 高度的过程中,据能量转化与守恒定律有mgh =12
2m v 2
+
Q ,据此易知本题只有选项C 正确.
2. 解析:选D 。小金属环进入或离开磁场时,磁通量会发生变化,并产生感应电流,产生焦耳
热;当小金属环全部进入磁场后,不产生感应电流,小金属环最终在磁场中做往复运动,
由能量守恒可得产生的焦耳热等于减少的机械能,即Q =12mv 2+mgb -mga =mg (b -a )+1
2
mv 2.
3.解析:选AC 。根据能的转化和守恒可知,外力做功等于电能,而电能又全部转化为焦耳热
W a =Q a =(BL v )2R a ·L v ,W b =Q b =(B 2L v )2R b ·2L
v
由电阻定律知R b =2R a ,故W a ∶W b =1∶4,A 对B 错;
由产生的电量Q =ΔΦR =BS
R
得,Q a ∶Q b =1∶2,C 对D 错.
4.解:A 、金属杆ab 做加速度减小的加速运动.根据能量守恒可知,恒力F 做的功等于杆增
加的动能和电路中产生的电能.电阻消耗的功率等于电路中产生电能的功率,不等于恒力F 的功率.故A 错误.B 、C 、D ,电阻消耗的功率等克服安培力做功的功率.等于电路的电功率iE .故B 正确,C 、D 错误。故选B
5.解析:选C 。金属线框位置I 时速度v 1=2gh ,将匀速入场,由于线框边长也为L ,因此线
框全部出场到达位置Ⅱ时速度仍为v 1,到达位置Ⅲ时速度为v 2,v 22-v 2
1=2gh ,v 2=4gh ,
在两场中均匀速,故有mg =B 2L 2v 1R ,mg =B ′2L 2v 2
R
,得B 2=2B ′2,A 、B 都错;在匀速穿过
磁场过程中产生的电能W =F 安·4L =mg ·4L ,C 对、D 错.
6. 【答案】AC.解析:不论导轨光滑还是粗糙,ab 棒的动能都全部转化为内能,故C 正确.由
于导轨光滑时棒只克服安培力做功,导轨粗糙时棒同时克服安培力和滑动摩擦力做功,故A
正确,B 错误.再根据q =I Δt =ΔΦR =B ΔS
R
,棒在光滑导轨上比粗糙导轨上通过的位移大,
ΔS 大,故通过的电量不相等,D 错误.
7.解析:选棒a 为研究对象,棒a 从h 高处下滑到弧形轨道底部的过程中机械能守恒。设棒a
到达弧形轨道底部的速度为v a ,则有2
2
1a
a a
v m gh m
=
⑴
棒a 进入磁场后,回路中产生感应电流,棒a 、b 都受到安培力的作用,a 做减速运动,b 做加速运动。经一段时间,棒a 、b 的速度达到相同,之后回路的磁通量不再发生变化,感应电流为零,安培力为零,二者做匀速运动。设a 、b 达到的共同速度为v ,选a 、b 系统为研究对象,系统从棒a 滑到弧形轨道底部至棒a 、b 以共同速度运动的过程中,所受的合外力为零,系统的动量守恒。由动量守恒定律有v m m v m b
a
a
a
)(+=⑵
由动能转化及守恒定律可知,回路中释放的电能等于a 、b 系统机械能的损失,即
2
)(2
v
m m gh m E b a a +-
=电⑶联立以上三式得7
4gh m E
a =
电
8. 解:⑴杆ab 机械能的减少量 |ΔE|= mgh -12
mv 2
= 2.8 J ①
⑵速度最大时ab 杆产生的电动势e =BLv = 2 V ② 产生的电流 I= e/(r+R /2) = 0.2 A ③ 此时的安培力 F =ILB = 0.2N ④
由题意可知,受摩擦力 f = mg sin 30o -F = 0.3 N ⑤
由能量守恒得,损失的机械能等于物体克服摩擦力做功和产生的电热之和
电热Q = |ΔE |-fh /sin300
= 1 J ⑥ 由以上各式得:下端电阻R 中产生的热量
Q R = Q /4 = 0.25 J ⑦
9. 设杆向上运动的速度为v ,因杆的运动,两杆与导轨构成的回路的面积减少,从而磁通量也
减少,由法拉第电磁感应定律,回路中的感应电动势的大小v l l B E )(1
2
-=
回路中的电流R
E I
=
电流沿顺时针方向,两金属杆都要受到安培力作用,作用于杆x 1y 1的安培力为1
1
BIl F =(方向
向上)
作用于杆x 2y 2的安培力为22
BIl F =(方向向下) 当杆匀速运动时,根据牛顿第二定律有 02
1
2
1
=-+--F F g m g m F
解以上各式)
()(1221l l B g
m m F I
-+-=
;[]2
12221)
()(l l B R g m m F
v -+-=
作用于两杆的重力功率的大小()gv m m P 21
+=
电阻上的热功率R
I Q
2
= g
m m R l l B g m m F P )()
()(212
122
21+-+-=
R
l l B g m m F P 2
1221)()(??
????-+-='
10. 解:⑴由于线框匀速出磁场,则对m 2有:0cos sin 22=--T g m g m θμθ 得T =10N
对m 1有:01=--BIL g m T 又因为R
BLv I =
联立可得:s m R L B g
m g m v /2)cos (sin 2
2
12=--=
θμθ
所以绳中拉力的功率P =Tv =20W
⑵从线框刚刚全部进入磁场到线框ad 边刚要离开磁场,由动能定理得
K E v m m L d g m L d g m g m -+=----2
2121222)(2
1)())(cos sin (θμθ
且2
021)(2
1v m m E k +=
解得v 0=
5
103=1.9m/s
⑶从初状态到线框刚刚完全出磁场,由能的转化与守恒定律可得
2
212112122)(2
1)())(cos sin (v m m Q L d d g m L d d m g m ++
=++-++-θμ
将数值代入,整理可得线框在整个运动过程中产生的焦耳热为: Q = 1.5 J
第12章 电磁感应 1 、如图所示,等边三角形的金属框,边长为l ,放在 均匀磁场中,ab 边平行于磁感强度B ,当金属框绕ab 边以角速度ω 转动时,bc 边上 沿bc 的电动势为 _________________, ca 边上沿ca 的电动势为_________________,金属框内的总 电动势为_______________.(规定电动势沿abca 绕向为正值) 2 、 半径为r 的小绝缘圆环,置于半径为R 的大导线圆环中心,二者在同一平面内,且r < 第十二章 电磁感应 电磁场(一) 一.选择题 [ A ]1.(基础训练1)半径为a 的圆线圈置于磁感强度为B 的均匀磁场中,线圈平面与磁场方向垂直,线圈电阻为R ,当把线圈转动使其法向与B 的夹角为α=60?时,线圈中已通过的电量与线圈面积及转动时间的关系是: (A) 与线圈面积成正比,与时间无关. (B) 与线圈面积成正比,与时间成正比. (C) 与线圈面积成反比,与时间无关. (D) 与线圈面积成反比,与时间成正比. 【解析】 [ D ]2.(基础训练3)在一自感线圈中通过的电流I 随时间t 的变化规律如图(a)所示,若以I 的正流向作为的正方向,则代表线圈内自感电动势随时间t 变化规律的曲线应为图(b)中(A)、(B)、(C)、(D)中的哪一个? 【解析】 dt dI L L -=ε,在每一段都是常量。dt dI [ B ]3.(基础训练6)如图所示,直角三角形金属框架abc 放在均匀磁场中,磁场B ? 平 行于ab 边,bc 的长度为l .当金属框架绕ab 边以匀角速度转动时,abc 回路中的感应 电动势和a 、c 两点间的电势差U a – U c 为 (A) =0,U a – U c =221l B ω (B) =0,U a – U c =22 1l B ω- (C) =2l B ω,U a – U c =2 2 1l B ω (D) =2l B ω,U a – U c =22 1 l B ω- 【解析】金属框架绕ab 转动时,回路中 0d d =Φ t ,所以0=ε。 2012c L a c b c bc b U U U U v B d l lBdl Bl εωω→→→ ??-=-=-=-??=-=- ??? ?? [ C ]5.(自测提高1)在一通有电流I 的无限长直导线所在平面内,有一半经 为r ,电阻为R 的导线环,环中心距直导线为a ,如图所示,且r a >>。当直导线的电流被切断后,沿着导线环流过的电量约为: (A))1 1(220r a a R Ir +-πμ (B) a r a R Ir +ln 20πμ (C)aR Ir 220μ (D) rR Ia 220μ 【解析】直导线切断电流的过程中,在导线环中有感应电动势大小:t d d Φ = ε B ? a b c l ω a I r o R q 2 1 φφ-= 2020年高考物理二轮精准备考复习讲义 第四部分 电磁感应与电路 第13讲 电磁感应规律及其应用 目录 一、理清单,记住干 (1) 二、研高考,探考情 (2) 三、考情揭秘 (4) 四、定考点,定题型 (5) 超重点突破1楞次定律和法拉第电磁感应定律的应用 (5) 超重点突破2 电磁感应中的图象问题 (7) 超重点突破3 电磁感应中的电路与动力学问题 (8) 超重点突破4 电磁感应中的能量问题 (9) 五、固成果,提能力 (11) 一、理清单,记住干 1.电磁问题方向判断“三定则、一定律”的应用 (1)安培定则:判断运动电荷、电流产生的磁场方向。 (2)左手定则:判断磁场对运动电荷、电流的作用力的方向。 (3)楞次定律:判断闭合电路磁通量发生变化产生的感应电流的磁场方向。 (4)右手定则:判断闭合电路中部分导体切割磁感线产生的感应电流的方向。 2.楞次定律推论的应用技巧 (1)“增反减同”;(2)“来拒去留”;(3)“增缩减扩”。 3.四种求电动势的方法 (1)平均电动势E =n ΔΦΔt 。 (2)垂直切割E =BLv 。 (3)导体棒绕与磁场平行的轴匀速转动E =12 Bl 2ω。 (4)线圈绕与磁场垂直的轴匀速转动e =nBSωsin ωt 。 4.感应电荷量的两种求法 (1)当回路中的磁通量发生变化时,由于感应电场的作用使电荷发生定向移动而形成感应电流。通过的电荷 量表达式为q =I Δt =n ΔΦΔtR 总·Δt =n ΔΦR 总 。 (2)导体切割磁感线运动通过的电荷量q 满足的关系式:-B I l Δt =-Blq =m Δv 。 5.解决电磁感应图象问题的两种常用方法 (1)排除法:定性地分析电磁感应过程中物理量的变化趋势(增大还是减小)、变化快慢(均匀变化还是非均匀变化),特别是分析物理量的正负以及是否过某些特殊点,以排除错误的选项。 (2)函数法:根据题目所给条件定量地写出两个物理量之间的函数关系,然后由函数关系对图象进行分析和判断。 6.三步解决电磁感应中电路问题 (1)确定电源:E =n ΔΦΔt 或E =Blv 。 (2)分析电路结构:分析内、外电路,以及外电路的串并联关系,画出等效电路图。 (3)应用闭合电路欧姆定律及串并联电路的基本规律等列方程求解。 7.电磁感应中力、能量和动量综合问题的分析方法 (1)分析“受力”:分析研究对象的受力情况,特别关注安培力的方向。 (2)分析“能量”:搞清楚有哪些力做功,就可以知道有哪些形式的能量发生了变化,根据动能定理或能量守恒定律等列方程求解。 (3)分析“动量”:在电磁感应中可用动量定理求变力的作用时间、速度、位移和电荷量(一般应用于单杆切割磁感线运动)。 ①求速度或电荷量:-B I l Δt =mv 2-mv 1,q =I Δt 。 ②求时间:F Δt +I A =mv 2-mv 1,I A =-B I l Δt =-Bl ΔΦR 总 。 ③求位移:-B I l Δt =-B 2l 2v Δt R 总=mv 2-mv 1,即-B 2l 2 R 总 x =m (v 2-v 1)。 二、研高考,探考情 【2019·全国卷Ⅰ】(多选)空间存在一方向与纸面垂直、大小随时间变化的匀强磁场,其边界如图a 中虚线MN 所示。一硬质细导线的电阻率为ρ、横截面积为S ,将该导线做成半径为r 的圆环固定在纸面内,圆心O 在MN 上。t =0时磁感应强度的方向如图a 所示;磁感应强度B 随时间t 的变化关系如图b 所示。则在t =0到t =t 1的时间间隔内( ) 第八章电磁感应电磁场 8 -1一根无限长平行直导线载有电流I,一矩形线圈位于导线平面内沿垂直于载流导线方向以恒定速率运动(如图所示),则() (A)线圈中无感应电流 (B)线圈中感应电流为顺时针方向 (C)线圈中感应电流为逆时针方向 (D)线圈中感应电流方向无法确定 分析与解由右手定则可以判断,在矩形线圈附近磁场垂直纸面朝里,磁场是非均匀场,距离长直载流导线越远,磁场越弱.因而当矩形线圈朝下运动时,在线圈中产生感应电流,感应电流方向由法拉第电磁感应定律可以判定.因而正确答案为(B). 8 -2将形状完全相同的铜环和木环静止放置在交变磁场中,并假设通过两环面的磁通量随时间的变化率相等,不计自感时则() (A)铜环中有感应电流,木环中无感应电流 (B)铜环中有感应电流,木环中有感应电流 (C)铜环中感应电动势大,木环中感应电动势小 (D)铜环中感应电动势小,木环中感应电动势大 分析与解根据法拉第电磁感应定律,铜环、木环中的感应电场大小相等,但在木环中不会形成电流.因而正确答案为(A). 8 -3有两个线圈,线圈1 对线圈2 的互感系数为M21,而线圈2 对线圈1的互感系数为 M 12 .若它们分别流过i 1 和i 2 的变化电流且t i t i d d d d 21<,并设由i 2变化在线圈1 中产生的互感电动势为ε12 ,由i 1 变化在线圈2 中产生的互感电动势为ε21 ,下述论断正确的是( ). (A )2112M M = ,1221εε= (B )2112M M ≠ ,1221εε≠ (C )2112M M =, 1221εε< (D )2112M M = ,1221εε< 分析与解 教材中已经证明M21 =M12 ,电磁感应定律t i M εd d 12121=;t i M εd d 21212=.因而正确答案为(D ). 8 -4 对位移电流,下述四种说法中哪一种说法是正确的是( ) (A ) 位移电流的实质是变化的电场 (B ) 位移电流和传导电流一样是定向运动的电荷 (C ) 位移电流服从传导电流遵循的所有定律 (D ) 位移电流的磁效应不服从安培环路定理 分析与解 位移电流的实质是变化的电场.变化的电场激发磁场,在这一点位移电流等效于传导电流,但是位移电流不是走向运动的电荷,也就不服从焦耳热效应、安培力等定律.因而正确答案为(A ). 8 -5 下列概念正确的是( ) (A ) 感应电场是保守场 (B ) 感应电场的电场线是一组闭合曲线 (C ) LI Φm =,因而线圈的自感系数与回路的电流成反比 (D ) LI Φm =,回路的磁通量越大,回路的自感系数也一定大 分析与解 对照感应电场的性质,感应电场的电场线是一组闭合曲线.因而 正确答案为(B ). 第十二章 电磁感应 电磁场和电磁波 12-3 有两个线圈,线圈1对线圈2 的互感系数为M 21 ,而线圈2 对线圈1的互感系数为M 12 .若它们分别流过i 1 和i 2 的变化电流且 t i t i d d d d 2 1<,并设由i 2变化在线圈1 中产生的互感电动势为12 ,由i 1 变化在线圈2 中产生的互感电动势为ε21 ,下述论断正确的是( ). (A )2112M M = ,1221εε= (B )2112M M ≠ ,1221εε≠ (C )2112M M =, 1221εε< (D )2112M M = ,1221εε< 分析与解 教材中已经证明M21 =M12 ,电磁感应定律t i M εd d 1 2121=;t i M εd d 21212=.因 而正确答案为(D ). 12-5 下列概念正确的是( ) (A ) 感应电场是保守场 (B ) 感应电场的电场线是一组闭合曲线 (C ) LI Φm =,因而线圈的自感系数与回路的电流成反比 (D ) LI Φm =,回路的磁通量越大,回路的自感系数也一定大 分析与解 对照感应电场的性质,感应电场的电场线是一组闭合曲线.因而 正确答案为(B ). 12-7 载流长直导线中的电流以 t I d d 的变化率增长.若有一边长为d 的正方形线圈与导线处于同一平面内,如图所示.求线圈中的感应电动势. 分析 本题仍可用法拉第电磁感应定律t Φ d d - =ξ ,来求解.由于回路处在非均匀磁场中,磁通量就需用??= S S B Φd 来计算. 为了积分的需要,建立如图所示的坐标系.由于B 仅与x 有关,即B =B (x ),故取一个平行于长直导线的宽为d x 、长为d 的面元d S ,如图中阴影部分所示,则d S =d d x ,所以,总磁通量 习题 8-6 一根无限长直导线有交变电流0sin i I t ω=,它旁边有一与它共面的矩形线圈ABCD ,如图所示,长为l 的AB 和CD 两边与直导向平行,它们到直导线的距离分别为a 和b ,试求矩形线圈所围面积的磁通量,以及线圈中的感应电动势。 解 建立如图所示的坐标系,在矩形平面上取一矩形面元dS ldx =,载流长直导线的磁场穿过该面元的磁通量为 02m i d B dS ldx x μφπ=?= 通过矩形面积CDEF 的总磁通量为 0000ln ln sin 222b m a i il I l b b ldx t x a a μμμφωπππ===? 由法拉第电磁感应定律有 00ln cos 2m d I l b t dt a φμωεωπ=- =- 8-7 有一无限长直螺线管,单位长度上线圈的匝数为n ,在管的中心放置一绕了N 圈,半径为r 的圆形小线圈,其轴线与螺线管的轴线平行,设螺线管内电流变化率为dI dt ,球小 线圈中感应的电动势。 解 无限长直螺线管内部的磁场为 0B nI μ= 通过N 匝圆形小线圈的磁通量为 2 0m NBS N nI r φμπ== 由法拉第电磁感应定律有 20m d dI N n r dt dt φεμπ=- =- 8-8 一面积为S 的小线圈在一单位长度线圈匝数为n ,通过电流为i 的长螺线管内,并与螺线管共轴,若0sin i i t ω=,求小线圈中感生电动势的表达式。 解 通过小线圈的磁通量为 0m BS niS φμ== 由法拉第电磁感应定律有 000cos m d di nS nSi t dt dt φεμμωω=- =-=- 8-9 如图所示,矩形线圈ABCD 放在1 6.010B T -=?的均匀磁场中,磁场方向与线圈平面的法线方向之间的夹角为60α=?,长为0.20m 的AB 边可左右滑动。若令AB 边以速率 15.0v m s -=?向右运动,试求线圈中感应电动势的大小及感应电流的方向。 解 利用动生电动势公式 第九讲电磁感应 例1.如图所示,阻值为R,质量为m,边长为l的正方形金属框位于光滑水平面上。金属框的ab 边与磁场边缘平行,并以一定的初速度进入矩形磁场区域,运动方向与磁场边缘垂直。磁场方向垂 直水平面向下,在金属框运动方向上的长度为L ( L>l)。已知金属框的ab边进入磁场后,框在进、 出磁场阶段中的运动速度与ab边在磁场中的位置坐标之间关系为v = v0-cx( x 第八章 电磁感应与电磁场 §8-1电磁感应定律 一、电磁感应现象 电磁感应现象可通过两类实验来说明: 1.实验 1)磁场不变而线圈运动 2)磁场随时变化线圈不动 2.感应电动势 由上两个实验可知:当通过一个闭合导体回路的磁通量变化时,不管这种变化的原因如何(如:线圈运动,变;或不变线圈运动),回路中就有电流产生,这种现象就是电磁感应现象,回路中电流称为感应电流。 3.电动势的数学定义式 定义:把单位正电荷绕闭合回路一周时非静电力做的功定义为该回路的电动势,即 () ??=l K l d K :非静电力 ε (8-1) 说明:(1)由于非静电力只存在电源内部,电源电动势又可表示为 表明:电源电动势的大小等于把单位正电荷从负极经电源内部移到正 极时,非静电力所做的功。 (2)闭合回路上处处有非静电力时,整个回路都是电源,这时电动势用普遍式表示:() ??=l K l d K :非静电力 ε (3)电动势是标量,和电势一样,将它规定一个方向,把从负极经 电源内部到正极的方向规定为电动势的方向。 二、电磁感应定律 1、定律表述 在一闭合回路上产生的感应电动势与通过回路所围面积的磁通量对时间的变化率成正比。数学表达式: 在SI 制中,1=k ,(S t V Wb :;:;:εΦ),有 dt d i Φ- =ε (8-2) 上式中“-”号说明方向。 2、i ε方向的确定 为确定i ε,首先在回路上取一个绕行方向。规定回路绕行方向与回路所围面积的正法向满足右手旋不定关系。在此基础上求出通过回路上所围面积的磁通量,根据dt d i Φ -=ε计算i ε。 三、楞次定律 此外,感应电动势的方向也可用楞次定律来判断。 楞次定律表述:闭合回路感应电流形成的磁场关系抵抗产生电流的磁通量变化。 说明:(1)实际上,法拉第电磁感应定律中的“-”号是楞次定律的数学表 述。 (2)楞次定律是能量守恒定律的反映。 例8-1:设有矩形回路放在匀强磁场中,如图所示,AB 边也可以左右滑动,设 以匀速度向右运动,求回路中感应电动势。 解:取回路顺时针绕行,l AB =,x AD =, 则通过线圈磁通量为 由法拉第电磁感应定律有: “-”说明:i ε与l 绕行方向相反,即逆时针方向。由楞次定律也能得知,i ε沿逆时针方向。 讨论:(1)如果回路为N 匝,则?=ΦN (?为单匝线圈磁通量) (2)设回路电阻为R (视为常数),感应电流 dt d R R I i i Φ-==1ε 在1t —2t 内通过回路任一横截面的电量为 可知q 与(12ΦΦ-)成正比,与时间间隔无关。 例8-1中,只有一个边切割磁力线,回路中电动势即为上述产生的电动势。 第十二章 电磁感应 电磁场 问题 12-1 如图,在一长直导线L 中通有电流I ,ABCD 为一矩形线圈,试确定在下列情况下,ABCD 上的感应电动势的方向:(1)矩形线圈在纸面内向右移动;(2)矩形线圈绕AD 轴旋转;(3)矩形线圈以直导线为轴旋转. 解 导线在右边区域激发的磁场方向垂直于纸面向 里,并且由2I B r μ0=π可知,离导线越远的区域磁感强度越小,即磁感线密度越小.当线圈运动时通过线圈的磁通量会发生变化,从而产生感应电动势.感应电动势的方向由楞次定律确定. (1)线圈向右移动,通过矩形线圈的磁通量减少,由楞次定律可知,线圈中感应电动势的方向为顺时针方向. (2)线圈绕AD 轴旋转,当从0到90时,通过线圈的磁通量减小,感应电动势的方向为顺时针方向.从90到180时,通过线圈的磁通量增大,感应电动势的方向为逆时针. 从180到270时,通过线圈的磁通量减少,感应电动势的方向为顺时针.从270到360时,通过线圈的磁通量增大,感应电动势的方向为逆时针方向. (2)由于直导线在空间激发的磁场具有轴对称性,所以当矩形线圈以直导线为轴旋转时,通过线圈的磁通量并没有发生变化,所以,感应电动势为零. 12-2 当我们把条形磁铁沿铜质圆环的轴线插入铜环中时,铜环内有感应电流和感应电场吗? 如用塑料圆环替代铜质圆环,环中仍有感应电流和感应电场吗? 解 当把条形磁铁沿铜质圆环的轴线插入铜环过程中,穿过铜环的磁通量增加,铜环中有感应电流和感应电场产生;当用塑料圆环替代铜质圆环,由于塑料圆环中的没有可以移动的自由电荷,所以环中无感应电流和感应电场产生. 12-3 如图所示铜棒在均匀磁场中作下列各种运动,试问在哪种运动中的铜棒上会有感应电动势?其方向怎样?设磁感强度的方向铅直向下.(1)铜棒向右平移[图(a)];(2)铜棒绕通过其中心的轴在垂直于B 的平面内转动[图(b)];(3)铜棒绕通过中心的轴在竖直平面内转动[图(c)]. C I 第一讲电磁感应中的电路与电荷量问题 电磁感应往往与电路问题联系在一起,解决电磁感应中的电路问题只需要三步: 第一步:确定电源。切割磁感线的导体或磁通量发生变化的回路将产生感应电动势,则该导体或回路就相 当于电源,利用求感应电动势的大小,利用右手定则或楞次定律判断电流方向。如果在一个电路中切割磁感线的有几个部分但又相互联系,可等效成电源的串、并联。 第二步:分析电路结构(内、外电路及外电路的串并联关系),画等效电路图。 第三步:利用电路规律求解。主要应用欧姆定律及串并联电路的基本性质等列方程求解。 感应电动势大小的计算——法拉第电磁感应定律的应用。 1、折线或曲线导体在匀强磁场中垂直磁场切割磁感线平动,产生的感应电动势:E=BLvsinθ; 2、直导体在匀强磁场中绕固定轴垂直磁场转动时的感应电动势:; 3、圆盘在匀强磁场中转动时产生的感应电动势:; 4、线圈在磁场中转动时产生的感应电动势:(θ为S与B之间的夹角)。 2、电磁感应现象中的力学问题 (1)通过导体的感应电流在磁场中将受到安培力作用,电磁感应问题往往和力学问题联系在一起,基本方法是: ①用法拉第电磁感应定律和楞次定律求感应电动势的大小和方向; ②求回路中电流强度; ③分析研究导体受力情况(包含安培力,用左手定则确定其方向); ④列动力学方程或平衡方程求解。 (2)电磁感应力学问题中,要抓好受力情况,运动情况的动态分析,导体受力运动产生感应电动势→感应电流→通电导体受安培力→合外力变化→加速度变化→速度变化→周而复始地循环,循环结束时,加速度等于零,导体达稳定运动状态,抓住a=0时,速度v达最大值的特点。 3、电磁感应中能量转化问题 导体切割磁感线或闭合回路中磁通量发生变化,在回路中产生感应电流,机械能或其他形式能量便转化为电能,具有感应电流的导体在磁场中受安培力作用或通过电阻发热,又可使电能转化为机械能或电阻的内能,因此,电磁感应过程总是伴随着能量转化,用能量转化观点研究电磁感应问题常是导体的稳定运动(匀速直线运动或匀速转动),对应的受力特点是合外力为零,能量转化过程常常是机械能转化为内能,解决这类问题的基本方法是: ①用法拉第电磁感应定律和楞次定律确定感应电动势的大小和方向; ②画出等效电路,求出回路中电阻消耗电功率表达式; ③分析导体机械能的变化,用能量守恒关系得到机械功率的改变与回路中电功率的改变所满足的方程。 4、电磁感应中图像问题 电磁感应现象中图像问题的分析,要抓住磁通量的变化是否均匀,从而推知感应电动势(电流)大小是否恒定。用楞次定律判断出感应电动势(或电流)的方向,从而确定其正负,以及在坐标中的范围。 另外,要正确解决图像问题,必须能根据图像的意义把图像反映的规律对应到实际过程中去,又能根据实际过程的抽象规律对应到图像中去,最终根据实际过程的物理规律进行判断。 题型一等效电源、电路问题 例1:把总电阻为2R的均匀电阻丝焊接成一半径为a的圆环,水平固定在竖直向下,磁感应强度为B的匀强磁场中,如图所示,一长度为2a,电阻等于R,粗细均匀的金属棒MN 放在圆环上,它与圆环始终保持良好的接触。当金属棒以恒定速度v向右移动经 过环心O时,求: (1)流过棒的电流的大小、方向及棒两端的电压U MN。 (2)在圆环和金属棒上消耗的总热功率。 第八章电磁感应 电磁场习题解答 8 -6 一铁心上绕有线圈100匝,已知铁心中磁通量与时间的关系为 58.010sin100(Wb)t π-Φ=?,求在21.010s t -=? 时,线圈中的感应电动势. 分析 由于线圈有N 匝相同回路,线圈中的感应电动势等于各匝回路的感应电动势的代数和,在此情况下,法拉第电磁感应定律通常写成d d d d N t t εΦψ =-=- ,其中N ψ=Φ称为磁链. 解 线圈中总的感应电动势 d 2.51cos(100)d N t t επΦ =-= 当2 1.010s t -=? 时, 2.51V ε=. 8 -7 有两根相距为d 的无限长平行直导线,它们通以大小相等流向相反的电流,且电流均以 dI dt 的变化率增长.若有一边长为d 的正方形线圈与两导线处于同一平面内,如图所示.求线圈中的感应电动势. 分析 本题仍可用法拉第电磁感应定律d d t εΦ =- 来求解.由于回路处在非均匀磁场中,磁通量就需用Φ=S d ?? B S 来计算(其中B 为两无限长直电流单独存在时产生的磁感强度B 1 与B 2 之和). 为了积分的需要,建立如图所示的坐标系.由于B 仅与x 有关,即()B B x =,故取一个平行于长直导线的宽为dx 、长为d 的面元dS ,如图中阴影部分所示,则d d S d x =,所以,总磁通量可通过线积分求得(若取面元d d dy S x =,则上述积分实际上为二重积分).本题在工程技术中又称为互感现象,也可用公式d d M l E M t =-求解. 解1 穿过面元dS 的磁通量为 0012d d d d d d 2() 2Φ=d x d x x d x μμππI I ???- +B S =B S +B S = 因此穿过线圈的磁通量为 220003 d d d 2() 224 Φ=Φ=d d d d d d d x x ln x d x μμμπππI I I -=+?? ? 再由法拉第电磁感应定律,有 0d 3dI =d 24d d ln t t μεπ??- =??? ?Φ 解2 当两长直导线有电流I 通过时,穿过线圈的磁通量为 03 24 Φ= dI ln μπ 线圈与两长直导线间的互感为 0324 Φ=d M ln I μπ= 当电流以 d d I t 变化时,线圈中的互感电动势为 0d 3d 24d I M ln t μεπ??=-=??? ? 8 -10 如图(a)所示,把一半径为R 的半圆形导线OP 置于磁感强度为B 的均匀磁场中,当导线以速率v 水平向右平动时,求导线中感应电动势E 的大小,哪一端电势较高? 分析 本题及后面几题中的电动势均为动生电动势,除仍可由d d t ε=- Φ 求解外(必须设法 一。选择题 [ ]1.(基础训练1)半径为a 的圆线圈置于磁感强度为B 的均匀磁场中,线圈平面与磁场方向垂直,线圈电阻为R ,当把线圈转动使其法向与B 的夹角为α=60?时,线圈中已通过的电量与线圈面积及转动时间的关系是: (A) 与线圈面积成正比,与时间无关. (B) 与线圈面积成正比,与时间成正比. (C) 与线圈面积成反比,与时间无关. (D) 与线圈面积成反比,与时间成正比. 【分析】 [ ]2.(基础训练3)在一自感线圈中通过的电流I 随时间t 的变化规律如图(a)所示,若以I 的正流向作为 的正方向,则代表线圈内自感电动势 随时间t 变化规律的曲线应为图(b)中(A)、(B)、(C)、(D)中的哪一个? 【分析】 [ ]3. (基础训练5)在圆柱形空间内有一磁感强度为B 的均匀磁场,如图所示.B 的大 小以速率d B /d t 变化.在磁场中有A 、B 两点,其间可放直导线AB 和弯曲的导线AB ,则 (A) 电动势只在导线AB 中产生. (B) 电动势只在AB 导线中产生. (C) 电动势在AB 和AB 中都产生,且两者大小相等. (D) AB 导线中的电动势小于导线中的电动势 【分析】 [ ]4.(自测提高4)有两个长直密绕螺线管,长度及线圈匝数均相同,半径分别为r 1和r 2.管内充满均匀介质,其磁导率分别为μ1和μ2.设r 1∶r 2=1∶2,μ1∶μ2=2∶1,当将两只螺线管串联在电路中通电稳定后,其自感系数之比L 1∶L 2与磁能之比W m 1∶W m 2分别为: (A) L 1∶L 2=1∶1,W m 1∶W m 2 =1∶1. (B) L 1∶L 2=1∶2,W m 1∶W m 2 =1∶1. (C) L 1∶L 2=1∶2,W m 1∶W m 2 =1∶2. (D) L 1∶L 2=2∶1,W m 1∶W m 2 =2∶1. 【分析】 第12章电磁感应 内容:1 . 法拉第电磁感应定律 2 . 动生电动势和感生电动势 3 . 互感 4 . 自感 5 . RL电路的暂态过程 6 . 自感磁能磁场的能量密度 7 . 位移电流电磁场基本方程的积分形式 重点:法垃第电磁感应定律 难点:感生电动势和感生电场 12.1 法拉第电磁感应定律 12.1.1 电磁感应现象 G v 演示动画:现象1演示动画:现象2 G k (1)线圈固定,磁场变化 当穿过闭合导体回路的磁通量发生变化时,不管这种变化是什么原因引起的,在导体回路中就会产生感应电流。这就是电磁感应现象。 G B ω 演示动画:现象3 (2)磁场不变,线圈运动 演示程序:在磁场中旋转的线圈? ?? ?? ? ?? ? G S B 思考:仅一段导体在磁场中运动,导体内有无感 生电流?有无感应电动势? 有感生电动势存在,而无感生电流。 12.1.2 法拉第电磁感应定律 在电磁感应现象中,导体回路出现感应电流,这表明回路中有电动势存在。 因回路中磁通量的变化而产生的这种电动势叫感应电动势 (1)法拉第电磁感应定律 通过回路所包围面积的磁通量发生变化时,回路中产生的感应电动势 的大小与磁通量对时间的变化率成正比。 t Φk m d d -=ε单位: 1V=1Wb/s 国际单位制中k =1 负号表示感应电动势总是反抗磁通的变化 磁链数:m N ΦΨ=若有N 匝线圈,每匝磁通量相同,它们彼此串联,总电动势等于各匝线圈所产生的电动势之和。令每匝的磁通量为Φm t N t m d d d d Φψε-=- =(2)感应电动势方向 由于电动势和磁通量都是标量,它们的“正负”相对于某一指定的方向才有意义。 t d d m Φ- =ε 第1讲 电磁感应中的能量 题一:如图所示,MN 、PQ 为两根足够长的水平放置的平行金属导轨,间距L =1 m ;整个空间内以OO '为边界,左侧有垂直导轨平面向上的匀强磁场,磁感应强度大小11T B =,右侧有方向相同、磁感应强度大小22T B =的匀强磁场。两根完全相同的导体棒c 、b 质量均为0.1kg m =,与导轨间的动摩擦因数均为0.2μ=,两导体棒在导轨间的电阻均为R =1 Ω。开始时,c 、b 棒均静止在导轨上,现用平行于导轨的恒力F =0.8 N 向右拉b 棒。假设c 棒始终在OO '左侧,b 棒始终在OO '右侧,除导体棒外其余电阻不计,滑动摩擦力和最大静摩擦力大小相等,2 10m/s g =。 (1)c 棒刚开始滑动时,求b 棒的速度大小; (2)当b 棒的加速度大小22 1.5m/s a =时,求c 棒的加速度大小; (3)已知经过足够长的时间后,b 棒开始做匀加速运动,求该匀加速运动的加速度大小,并计算此时c 棒的热功率。 题二:如图所示,两根足够长且平行的光滑金属导轨所在平面与水平面成53α=?角,导轨间接一阻值为3 Ω的电阻R ,导轨电阻忽略不计。在两平行虚线间有一与导轨所在平面垂直的匀强磁场,磁场区域的宽度为0.5m d =。导体棒a 的质量为10.1kg m =、电阻为16R =Ω;导体棒b 的质量为20.2kg m =、电阻为23R =Ω,它们分别垂直导轨放置并始终与导轨接触良好。现从图中的M 、N 处同时将a 、b 由静止释放,运动过程中它们都能匀速穿过磁场区域,且当a 刚出磁场时b 正好进入磁场。(sin530.8?=,cos530.6?=,g 取10 m/s 2,a 、b 电流间的相互作用不计),求: (1)在b 穿越磁场的过程中a 、b 两导体棒上产生的热量之比; (2)在a 、b 两导体棒穿过磁场区域的整个过程中,装置上产生的热量; (3)M 、N 两点之间的距离。 题三:如图所示,固定的竖直光滑U 形金属导轨,间距为L ,上端接有阻值为R 的电阻,处在方向水平且垂直于导轨平面、磁感应强度为B 的匀强磁场中,质量为m 、电阻为r 的导体棒与劲度系数为k 的固定轻弹簧相连放在导轨上,导轨的电阻忽略不计。初始时刻,弹簧处于伸长状态,其伸长量为1mg x k =,此时导体棒具有竖直向上的初速度v 0。在沿导轨往复运动的过程中,导体棒始终与导轨垂直并保持良好接触。则下列说法正确的是( ) 第八章电磁感应电磁场习题解答 8 —6 一铁心上绕有线圈100匝,已知铁心中磁通量与时间的关系为 G =8.0 10^5sin100二t(Wb),求在t =1.0 10 2 s时,线圈中的感应电动势. 分析由于线圈有N匝相同回路,线圈中的感应电动势等于各匝回路的感应电动势的代数 d①dΨ 和,在此情况下,法拉第电磁感应定律通常写成;=-N d d,其中弓-NG称为dt dt 磁链. 解线圈中总的感应电动势 dΦ ;-- N 2.51cos(100二t) dt 当t =1.0 102s 时,;:-2.51V . 8 —7有两根相距为d的无限长平行直导线,它们通以大小相等流向相反的电流,且电流 均以W 的变化率增长?若有一边长为d的正方形线圈与两导线处于同一平面内,如图所dt 示.求线圈中的感应电动势. 题8-7 ≡ d① 分析本题仍可用法拉第电磁感应定律来求解.由于回路处在非均匀磁场中,磁 dt 通量就需用①= B d S来计算(其中B为两无限长直电流单独存在时产生的磁感强度B1 S 与B 2之和). 为了积分的需要,建立如图所示的坐标系.由于B仅与X有关,即B=B(X),故取一个平 行于长直导线的宽为d X、长为d的面元d S,如图中阴影部分所示,贝U dS =ddx ,所以,总磁通量可通过线积分求得(若取面元dS =dxdy ,则上述积分实际上为二重积分).本题 在工程技术中又称为互感现象,也可用公式E^- -M ~~求解. dt tlx 解 1 穿过面元 d S 的磁通量为 再由法拉第电磁感应定律,有 dΦP od I 3 [di ;= —In dt ]2兀4_dt 解2当两长直导线有电流I通过时,穿过线圈的磁通量为 线圈与两长直导线间的互感为 ① M= —: I ?d3 = In 2 二4 当电流以d~变化时,线圈中的互感电动势为 dt IKfl di j 0d 3 ;--M —0 In dt 2 二4 8 - 10如图(a)所示,把一半径为R的半圆形导线OP置于磁感强度为B的均匀磁场中, 当导线以速率V水平向右平动时,求导线中感应电动势E的大小,哪一端电势较高? ^S-IO 圈 分析本题及后面几题中的电动势均为动生电动势,除仍可由 构造一个闭合回路),还可直接用公式;=I(V B) d 1求 解. dΦ = B d S = B1d S + B2J√? d S = 0ddx 2兀(x + d) %: ddx 2二X 因此穿过线圈的磁通量为 dx 一严。Id 2二(X d)d dx 2二X ?;:=-dφ求解外(必须设法 dt 2 二 第十二章电磁感应电磁场 题12.1:如图所示,在磁感强度T 106.74-?=B 的均匀磁场中,放置一个线圈。此线圈由两 个半径均为3.7 cm 且相互垂直的半圆构成,磁感强度的方向与两半圆平面的夹角分别为ο62和 ο28。若在s 105.43-?的时间内磁场突然减至零,试问在此线圈内的感应电动势为多少? 题12.1分析:由各种原因在回路中所引起的感应电动势,均可由法拉第电磁感应定律求解, 即??-=- = S d d d d d S B t t Φε但在求解时应注意下列几个问题: 1.回路必须是闭合的,所求得的电动势为回路的总电动势。 2.Φ应该是回路在任意时刻或任意位置处的磁通量。它由??=S d S B Φ计算。对于均匀磁 场则有θcos d S BS Φ=?=?S B ,其中⊥=S S θcos 为闭会回路在垂直于磁场的平面内的投影面 积。对于本题,2211cos cos θθBS BS Φ+=中1θ和2θ为两半圆形平面法线n e 与B 之间的夹角。 3.感应电动势的方向可由t Φ d d - 来判定,教材中已给出判定方法。为方便起见,所取回路的正向(顺时针或逆时针)应与穿过回路的B 的方向满足右螺旋关系,此时Φ恒为正值,这对符号确定较为有利。 题12.1解:迎着B 的方向,取逆时针为线圈回路的正向。由法拉第电磁感应定律 V 1091.4)cos cos (cos cos d d cos cos d d d d 4221122112211-?=+??-=+-=+-=- =θθθθθθεS S t B S S t B BS BS t t Φ)()( 0>ε,说明感应电动势方向与回路正向一致 题12.2:一铁心上绕有线圈100匝,已知铁心中磁通量与时间的关系为 t Φ)s 100sin()Wb 100.8(15--?=π,求在s 100.12-?=t 时,线圈中的感应电动势。 题12.2解:线圈中总的感应电动势 t t Φ N )s 100cos()V 51.2(d d 1-=-=πε 当 s 100.12-?=t 时, ε= 2.51 V 。 题12.3:如图所示,用一根硬导线弯成半径为r 的一个半圆。使这根半圆形导线在磁感强度 为 B 的匀强磁场中以频率f 旋转,整个电路的电阻为R ,求感应电流的表达式和最大值。 题12.3解:由于磁场是均匀的,故任意时刻穿过回路的磁通量为 θcos )(0BS Φt Φ+= 其中Φ0等于常量,S 为半圆面积, )2(00ft t Φπ?ωθ+=+= )2cos(2 1 )(020?ππ++=ft B r Φt Φ 根据法拉第电磁感应定律,有)2sin(d d 022?ππε+=-=ft fB r t Φ 因此回路中的感应电流为 )2sin()(022?ππε += =ft R fB r R t I 则感应电流的最大值为 R fB r I 22m π= 题12.4:有两根相距为d 的无限长平行直导线,它们通以大小相等流向相反的电流,且电流 均以 t I d d 的变化率增长。若有一边长为d 的正方形线圈与两导线处于同一平面内,如图所示。 第2讲法拉第电磁感应定律自感 A组基础巩固 1.如图,在磁感应强度为B、方向垂直纸面向里的匀强磁场中,金属杆MN在平行金属导轨上以速度v向右匀速滑动,MN中产生的感应电动势为E1;若磁感应强度增为2B,其他条件不变,MN中产生的感应电动势变为E2。则通过电阻R的电流方向及E1与E2之比E1∶E2分别为( ) A.c→a,2∶1 B.a→c,2∶1 C.a→c,1∶2 D.c→a,1∶2 答案 C 杆MN向右匀速滑动,由右手定则判知,通过R的电流方向为a→c;又因为E=BLv,所以 E1∶E2=1∶2,故选项C正确。 2.(2017昌平二模)图甲为手机及无线充电板。图乙为充电原理示意图。充电板接交流电源,对充电板供电,充电板内的送电线圈可产生交变磁场,从而使手机内的受电线圈产生交变电流,再经整流电路转变成直流电后对手机电池充电。为方便研究,现将问题做如下简化:设受电线圈的匝数为n,面积为S,若在t1到t2时间内,磁场垂直于受电线圈平面向上穿过线圈,其磁感应强度由B1均匀增加到B2。下列说法正确的是( ) A.c点的电势高于d点的电势 B.受电线圈中感应电流方向由d到c C.c、d之间的电势差为2-1 2-1 D.c、d之间的电势差为2-1 2-1 答案 C 受电线圈内原磁场增强,由楞次定律知,感应电流产生的磁场与原磁场反向,再由安培定则可得,俯视时电流方向为顺时针,即由c到d,受电线圈作为电源,d为正极,d点电势比c点的高,A、B错误; ,C正确,D错误。 由法拉第电磁感应定律得,c、d间电势差E==2-1 2-1 3.(2017东城二模)如图所示,在光滑水平桌面上有一边长为L、总电阻为R的正方形导线框abcd,在导线框右侧有一边长为2L、磁感应强度为B、方向竖直向下的正方形匀强磁场区域。磁场的左边界与导线框的ab边平行。在导线框以速度v匀速向右穿过磁场区域的全过程中( ) A.感应电动势的大小为2 B.感应电流的方向始终沿abcda方向 C.导线框受到的安培力先向左后向右 D.导线框克服安培力做功22 答案 D 导线框进入、穿出磁场的过程中感应电动势的大小E=BLv。由右手定则可知进入磁场的过程中,感应电流的方向为abcda方向;出磁场的过程中,感应电流的方向为adcba方向,由左手定则可知,进、出磁场的过程安培力始终向左。F安=BIL=22,则W克安=F安·2L=22,D正确。 4.(2018东城一模)如图所示,将两端刮掉绝缘漆的导线绕在一把锉刀上,一端接上电池(电池另一极与锉刀接触),手执导线的另一端,在锉刀上来回划动,由于锉刀表面凹凸不平,就会产生电火花。下列说法正确的是( ) 一.选择题 [ A ]1.(基础训练1)半径为a 的圆线圈置于磁感强度为B 的均匀磁场中,线圈平面与磁场方向垂直,线圈电阻为R ,当把线圈转动使其法向与B 的夹角为α=60?时,线圈中已通过的电量与线圈面积及转动时间的关系是: (A) 与线圈面积成正比,与时间无关. (B) 与线圈面积成正比,与时间成正比. (C) 与线圈面积成反比,与时间无关. (D) 与线圈面积成反比,与时间成正比. 【解析 】 [ D ]2.(基础训练3)在一自感线圈中通过的电流I 随时间t 的变化规律如图(a)所示,若以I 的正流向作为的正方向,则代表线圈内自感电动势随时间t 变化规律的曲线应为图(b)中(A)、(B)、(C)、(D)中的哪一个? 【解析】 dt dI L L -=ε,在每一段都是常量。dt dI [ B ]3.(基础训练6)如图所示,直角三角形金属框架abc 放在均匀磁场中,磁场B 平 行于ab 边,bc 的长度为l .当金属框架绕ab 边以匀角速度转动时,abc 回路中的感应 电动势和a 、c 两点间的电势差U a – U c 为 (A) =0,U a – U c =221l B ω (B) =0,U a – U c =22 1l B ω- (C) =2l B ω,U a – U c =2 2 1l B ω (D) =2l B ω,U a – U c =22 1 l B ω- 【解析】金属框架绕ab 转动时,回路中 0d d =Φ t ,所以0=ε。 2012c L a c b c bc b U U U U v B d l lBdl Bl εωω→→→ ??-=-=-=-??=-=- ??? ?? [ C ]5.(自测提高1)在一通有电流I 的无限长直导线所在平面内,有一半经 为r ,电阻为R 的导线环,环中心距直导线为a ,如图所示,且r a >>。当直导线的电流被切断后,沿着导线环流过的电量约为: (A))1 1(220r a a R Ir +-πμ (B) a r a R Ir +ln 20πμ (C)aR Ir 220μ (D) rR Ia 220μ 【解析】直导线切断电流的过程中,在导线环中有感应电动势大小:t d d Φ = ε a I R q 2 1 φφ-=第十二章 电磁感应电磁场(一)作业答案
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