n
,1a 1≥1a 2≥…≥1a n
. 1a 2,1a 3,…,1a n ,1a 1为1a 1,1a 2,…,1
a n
的一个排序, 由“乱序和≥逆序和”得a 21·1a 2+a 22·1a 3+…+a 2n -1·1a n +a 2n ·1a 1≥a 21·1a 1+a 22·1a 2+…+a 2n ·1a n , 即a 21a 2+a 22a 3+…+a 2n -1a n +a 2n a 1
≥a 1+a 2+…+a n .
一、选择题
1.设a 1,a 2,…,a n 都是正数,b 1,b 2,…,b n 是a 1,a 2,…,a n 的任一排列,P =a 21b -
11
+a 22b -
12+…+a 2n b -
1
n ,Q =a 1+a 2+…+a n ,则P 与Q 的大小关系是( )
A .P =Q
B .P >Q
C .P <Q
D .P ≥Q
解析:设a 1≥a 2≥…≥a n >0,
可知a 21≥a 22≥…≥a 2n ,a -1n ≥a -1n -1≥…≥a -11.
由排序不等式,得
a 21
b -11+a 22b -12+…+a 2n b -1n ≥a 21a -11+a 22a -12+a 2n a -1n , 即a 21b -11+a 22b -12+…+a 2n b -1n ≥a 1+a 2+…+a n
. ∴P ≥Q ,当且仅当a 1=a 2=…=a n >0时等号成立. 答案:D
2.设a ,b ,c 都是正数,M =bc a +ca b +ab
c ,N =a +b +c ,则M ,N 的大小关系是( )
A .M ≥N
B .M <N
C .M =N
D .M ≤N
解析:由题意不妨设a ≥b ≥c >0, 则ab ≥ac ≥bc ,1c ≥1b ≥1
a .
由排序不等式,知
ab ·1c +ac ·1b +bc ·1a ≥ab ·1b +ac ·1a +bc ·1
c ,即M ≥N .当且仅当a =b =c 时等号成立. 答案:A
3.已知a ,b ,c 都是正数,则a 3+b 3+c 3与a 2b +b 2c +c 2a 的大小关系是( ) A .a 3+b 3+c 3>a 2b +b 2c +c 2a B .a 3+b 3+c 3≥a 2b +b 2c +c 2a C .a 3+b 3+c 3<a 2b +b 2c +c 2a D .a 3+b 3+c 3≤a 2b +b 2c +c 2a
解析:根据排序不等式,取两组数a ,b ,c 和a 2,b 2,c 2.不妨设a ≥b ≥c ,所以a 2≥b 2≥c 2.所以a 2·a +b 2·b +c 2·c ≥a 2b +b 2c +c 2a .当且仅当a =b =c 时取“=”号.
答案:B
4.锐角三角形中,设P =a +b +c 2,Q =a cos C +b cos B +c cos A ,则P ,Q 的关系为( )
A .P ≥Q
B .P =Q
C .P ≤Q
D .不能确定
解析:不妨设A ≥B ≥C ,则a ≥b ≥c ,cos A ≤cos B ≤cos C ,则由排序不等式有 Q =a cos C +b cos B +c cos A ≥a cos B +b cos C +c cos A =R (2sin A cos B +2sin B cos C +2sin C cos A ) ≥R
=R (sin C +sin A +sin B )=a +b +c
2=P .
答案:C 二、填空题
5.设c 1,c 2,…,c n 为正数a 1,a 2,…,a n 的某一排列,则a 1c 1+a 2c 2+…+a n
c n
与n 的大小
关系是________.
解析:不妨设0<a 1≤a 2≤…≤a n ,则1a 1≥1a 2≥…≥1
a n
,因为c 1,c 2,…,c n 是a 1,a 2…,
a n 的一个排列,所以1c 1,1c 2,…,1c n 是1a 1,1a 2,…,1
a n 的一个排列,故由排序不等式:逆序和
≤乱序和,得a 1·1a 1+a 2·1a 2+…+a n ·1a n ≤a 1·1c 1+a 2·1c 2+…+a n ·1c n ,即a 1c 1+a 2c 2+…+a n
c n ≥n ,当
且仅当a 1=a 2=…=a n >0时等号成立.
答案:a 1c 1+a 2c 2+…+a n
c n
≥n
6.已知a ,b ,c 都是正数,则a b +c +b c +a +c
a +
b ≥________.
解析:设a ≥b ≥c ≥0, 所以a +b ≥a +c ≥b +c , 所以1b +c ≥1c +a ≥1a +b .
由排序原理,知
a
b +
c +b c +a +c a +b ≥b b +c +c c +a +a b +a ,① a b +c +b c +a +c a +b ≥c b +c +a c +a +b a +b ,② ①+②,得a b +c +b c +a +c a +b ≥3
2.
答案:32
7.设a ,b ,c 为正数,则a 12bc +b 12ca +c 12
ab ________a 10+b 10+c 10(填≥,>,≤,<).
解析:由对称性,不妨设a ≥b ≥c ,于是a 12≥b 12≥c 12, 1bc ≥1ca ≥1ab
, 故由排序不等式“顺序和≥乱序和”,得 a 12bc +b 12ca +c 12ab ≥a 12ab +b 12bc +c 12ca =a 11b +b 11c +c 11
a .① 又因为a 11≥
b 11≥
c 11,1a ≤1b ≤1c
.
再次由排序不等式“逆序和≤乱序和”,得 a 11a +b 11b +c 11c ≤a 11b +b 11c +c 11
a .② 由①②得
a 12bc +
b 12ca +
c 12
ab ≥a 10+b 10+c 10. 答案:≥
8.设a ,b ,c ∈R +,则1a 3+b 3+abc +1b 3+c 3+abc +1c 3+a 3+abc __________1
abc .
解析:不妨设a ≥b ≥c >0,则a 2≥b 2, ∴a 3+b 3=a 2·a +b 2·b ≥a 2·b +b 2·a =ab (a +b ). 同理b 3+c 3≥bc (b +c ),c 3+a 3≥ac (c +a ), ∴1a 3+b 3+abc +1b 3+c 3+abc +1
c 3+a 3
+abc ≤ 1
ab (a +b )+abc +1bc (b +c )+abc +1
ca (c +a )+abc
=
1a +b +c ·(1ab +1bc +1ca )=1abc .
答案:≤ 三、解答题
9.在△ABC 中,试证:π3≤aA +bB +cC a +b +c <π
2.
证明:不妨设a ≤b ≤c ,于是A ≤B ≤C . 由排序不等式,得aA +bB +cC =aA +bB +cC , aA +bB +cC ≥bA +cB +aC , aA +bB +cC ≥cA +aB +bC . 以上三式相加,得
3(aA +bB +cC )≥(a +b +c )(A +B +C )=π(a +b +c ). 得
aA +bB +cC a +b +c
≥π
3,① 又由0<b +c -a,0<a +b -c,0<a +c -b ,有 0<A (b +c -a )+C (a +b -c )+B (a +c -b ) =a (B +C -A )+b (A +C -B )+c (A +B -C ) =a (π-2A )+b (π-2B )+c (π-2C ) =(a +b +c )π-2(aA +bB +cC ).
得aA +bB +cC a +b +c <π2.②
由①②得原不等式成立.
10.设a ,b ,c 是正实数,用排序不等式证明a a b b c c
≥(abc )3a b c
++.
证明:由所证不等式的对称性,不妨设a ≥b ≥c >0, 则lg a ≥lg b ≥lg c ,据排序不等式有: a lg a +b lg b +c lg c ≥b lg a +c lg b +a lg c , a lg a +b lg b +c lg c ≥c lg a +a lg b +b lg c ,
以上两式相加,再两边同加a lg a +b lg b +c lg c ,整理得 3(a lg a +b lg b +c lg c )≥(a +b +c )(lg a +lg b +lg c ) 即lg(a a b b c c
)≥a +b +c
3
·lg(abc ),
故a a b b c c
≥(abc )3a b c
++.
11.已知0<α<β<γ<π
2
,求证:
sin αcos β+sin βcos γ+sin γcos α>1
2(sin 2α+sin 2β+sin 2γ).
证明:∵0<α<β<γ<π
2
,
且y =sin x 在(0,π2)为增函数,y =cos x 在(0,π
2)为减函数,
∴0cos β>cos γ>0. 根据排序不等式“乱序和>逆序和”得
sin αcos β+sin βcos γ+sin γcos α>1
2(sin 2α+sin 2β+sin 2γ).