1. 一质量为m 的质点在保守力的作用下沿x 方向运动,其势
能为:)x b (ax E P
-=2
,其中b a 、均为大于零的常数。 (1)试求质点所受力的表达式;
(2)确定平衡位置,并讨论平衡位置的稳定性。 (3)若质点从原点0=x 处以0v 开始运动,试问,0v 在什么范围内质点不可能到达无穷远? 解答:
(1)()()2
32P dE d F ax b x ax x b dx dx ??=-=--=-??。 (2)平衡位置处:2
320P dE ax abx dx
=-+=, 解得:0x =,或2
3
x b =。且2262P d E ax ab dx =-+
0=x 时,
20
2
20P
x d E ab dx ==>,稳定平衡,此时min 0P E =
2
3x b =时,22
2
3
20P x b d E ab dx ==-<,非稳定平衡,此时3
max 427
P E ab =
(3)系统机械能守恒:20012
k p E mv E E E ===+
若质点不能达到无限远,则230 max 14227
P mv E ab <=
解得:0v ≤
0v ≤
时,质点不可能到达无穷远。
2. 一块长为l ,质量为M 的木板静置于光滑的水平桌面上,在板的左端有一质量为m 的小物体(大小可忽略)以0v 的初速度相对板向右滑动,当它滑至板的右端时相对板静止。试求:
(1)物体与板之间的摩擦系数; (2)在此过程中板的位移。
解答:以水平桌面为参照系,以板和小物体组成的系统为研究对象,
(1)在运动过程中,所受合外力为零,系统动量守恒:
v M m mv )(0+=
对系统应用功能原理:()22011mg 2
2
l m M v mv μ-=+-
联立可得:()2
2Mv m M gl
μ=+,M m mv v +=
0。
(2)以水平桌面为参照系,以板为研究对象,设板的位移为S ,
运用动能定理:0
2
12-=Mv mgS μ
由上一问得:M m mv v +=0
,()l
g M m 2Mv 20
+=
μ,
整理即得:l M
m m
S +=。
3. 汽车沿着一坡度不大的斜坡以112v =米/秒的速率向上匀速行驶,当此车用同样的功率沿斜坡向下匀速行驶时,车速为220v =米/秒。若此车保持功率不变而沿水平的同样路面以匀速v 行驶,设汽车在水平路面上受到阻力与在斜坡上受到的阻力相同,求v 的大小。
解答:设汽车受的阻力为f ,以汽车和地球组成的系统为研究对象,
运用功能原理:)dA d(A A dE +=外内发内阻+, 两边同时对时间求导数,得:()d dE 0A A dt
dt
++=
内发内阻,
其中:
dA P dt
=内发,
dA fv dt
=-内阻, 则dE
P fv dt
-=
。 上坡过程中:()
1
11sin sin d x P fv mg v mg dt
θθ-==
下坡过程中:()
2
22sin sin d x P fv mg v mg dt
θθ-== 水平路面上:0P fv -= 联立求得:15/v m s =。
4. 在光滑的水平面上有两个质量分别为1m 和2m (21m m <)的物块,2m 上连有一轻弹簧,如图所示。第一次,具有动能
0E 的1m 与静止的2m 相碰;第二次,
2m 具有动能0E 去和静止的1m 相碰,两次碰撞均压缩轻弹簧。试问:(1)两次碰撞中哪一次弹簧的最大压缩量较大?
(2)若碰前两物块的总动能为0E ,则0E 如何分配,才能使在两物块碰撞过程中弹簧的最大压缩量最大?
解答:碰撞过程动量守恒,机械能守恒。
(1)对于第一次碰撞:2
011012
E m v =
动量守恒:1101212()m v m m v =+
能量守恒:2
201212
111()2
2
E m m v kl =++ 整理得:22
1012
12
m kl E m m =
+ ① 对于第二次相碰:2
0220
12
E m v
=
动量守恒:2201221()m v m m v =+
能量守恒:2
2012212
11()2
2
E m m v kl =++ 整理得: 21
2012
12
m kl E m m =
+ ② 由于21m m <,比较(a) , (b)得:2212112
2
kl kl >,即12l l >,
即第一次碰撞弹簧的最大压缩量较大。
(2)10200E E E += ③ 动量守恒:1102201212()m v m v m m v +=+ ④
能量守恒:2
20121211()2
2
E m m v kl =++ ⑤
由⑤式可知,当0E 固定,120v =时,l 最大,由②③④式联立
得弹簧压缩量最大时的能量分配:
2
10012m E E m m =+, 120012
m E E m m =+。
5. 如图所示,质量为m 的物体从光滑轨道的顶端A 点,由静止开始沿斜道滑下,在半径为R 的圆环部分的最低点B 与另一质量为M 的静止物体发生弹性碰撞,碰后M 沿圆环上升,并在高度为0h 处脱离圆环,而m 则沿斜道上升后又滑下,并在M 脱离点脱离圆环。试求: (1)m 与M 之比; (2)A 点的高度h 。
解答:以地面为参考系,m 从斜面滑下到与M 相碰前,m 和
地球组成的系统机械能守恒:2
012
m mv mgh =
M 与m 碰撞前后动量守恒:011m m M mv mv MV =+
弹性碰撞满足碰撞定律:110
1M m m V v v -=
小球与M 碰后,沿轨道上升,当它再次返回B 点时的速度为1m v (机械能守恒),从B 点到0h 处,如下系统机械能守恒,
M 和地球组成的系统:22
1201122
M M MV MV Mgh =+ m 和地球组成的系统:22
1201122
m m mv mv mgh =
+ M (m )脱离圆环时,圆环与M (m )之间的相互作用力为零,
此时,
对M 牛顿第二定律:2
M2
V Mgcos M
R θ=
对m 牛顿第二定律:22
cos m
v mg m R
θ=
由图得几何关系:
0h R Rcos
,其中θ为R 与竖直方向的夹角。
联立上述各方程可得:(1) 1
3
m M =
,(2)062h h R =-。
6. 一根轻绳跨过具有光滑水平轴的定滑轮(质量可忽略),两个质量分别为1m 和2m 的人各抓住绳子的一端。开始时,两人与水平轴之间的高度差分别为1h 和2h ,他们同时开始向上爬,并同时到达该滑轮的水平轴处。试求他们爬绳所经历的时间t 。
解答:分别以两个人为研究对象,以转轴为坐标原点,向下和垂直纸面向外为正方向,以转轴为参考点,对每个人分别应用角动量定理,
左边人角动量定理:()111110dx m g f Rdt Rm v Rm dt -=--=-?
右边人角动量定理:()222220dx f m g Rdt Rm v Rm dt
-=-=?
积分得:()22111102
m h m gt f d t -=-??
()22222102
m h m gt f d t -=-??
联立解得:
t =
7. 当地球处于远日点时,到太阳的距离为1.52×1011m ,轨道速度为2.93×104m/s ,半年后,地球处于近日点,到太
阳的距离为
1.47×1011m 。求:
(1)地球在近日点时的轨道速度; (2)两种情况下,地球的角速度。
8. 试证质点在有心力场中运动时,在相等的时间内,
它对力心的位矢在空间扫过相等的面积。
m v 1 r 1 m v 2
r 2 = = 2.93×104×1.52×1011 1.47×1011 3.03×104 m
v 2 = ω = = 1.93×10-7 1 v 1 r 1 2.93×104
1.52×1011
=
2.06
×
10-7
= =
ω 2 v 2 r 2 = 3.03×104 1.47×1011 解:由角动量守恒
v 1
r 1
v 2 r 2
=
解:质点在有心力场中运动时角动量守恒, 所以有: = L × r m v m
× r = = m r d t
d × r = C
= = m r d t d × r C
m r
d
t
d × r r d × r = S d 2
= m r
d t
d × r = m t d S d 2 C
= t
d S d
C ′