2019 届高考考前适应性试卷
化 学(一)
注意事项:
1 、本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。答题前,考生务必将自己的姓名、考生号填写在答题卡上。
2 、回答第Ⅰ卷时,选出每小题的答案后,用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑,
如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案标号。写在试卷上无效。
3 、回答第Ⅱ卷时,将答案填写在答题卡上,写在试卷上无效。
4 、考试结束,将本试卷和答题卡一并交回。 可能用到的相对原子质量:
H 1 C 12 N 14 O 16 Na 23 S 32 Cl 35.5 K 39
一、选择题:本大题共
7 小题,每小题 6 分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题
目要求的。
7.化学与生活、生产、环境密切相关,下列有关说法正确的是(
)
A .冬天大量使用燃煤,会加剧雾霾天气的形成
B .在食盐中加入大量
KIO 3,有利于提高碘盐的品质
C .食品包装袋中常用保鲜剂的组成为铁粉、炭粉和氯化钠,其中炭粉作还原剂
D .涤纶、塑料和光导纤维都是有机高分子材料
8.设 A 为阿伏加德罗常数的值,下列说法正确的是( )
N
A . 1L pH=5 的醋酸溶液中含有的
H +数目小于 10 A
N
14
18
B . 9.2g
CO 与 N O 的混合物中所含中子数为 4.8 N
22
A
C .硝酸与铜反应生成 0.1mol NO 2 时,转移电子数为
0.2 N A
D . 1mol SO?和 0.5mol O 2
充分反应,生成 SO 的分子数为 N
3
A
9.一种免疫调节剂,其结构简式如图所示,关于该物质的说法不正确的是( )
A .属于芳香族化合物,分子式为
C 9H 11O 4N
B .可以发生的反应类型有:加成反应、取代反应、氧化反应、聚合反应
C .分子中所有碳原子有可能在同一平面上
D . 1mol 该调节剂最多可以与 3mol NaOH 反应
10.处理锂离子二次电池正极废料铝钴膜 ( 含有 LiCoO 2、 Al 等 ) 的一
下列有关说法不正确的是( )
A .碱浸的目的是溶解铝
B .酸溶时 H 2 O 2 被还原
C . H 2SO 4/H 2O 2 可改用浓盐酸
D .铝、钴产物可再利用
11.短周期主族元素
W 、 X 、 Y 和 Z 的原子序数依次增大, W 的阴离
层电子数相同, X 的一种核素在考古时常用来鉴定一些文物的年代, Y 的
大, Z 是金属性最强的短周期元素。下列说法中正确的是(
)
A .原子半径: r(W) < r(X) <r(Y) < r(Z)
B . W 、 X 、 Y 、 Z 原子的最外层电子数之和为 10
C . W 与 X 可形成含非极性键的化合物
D . X 的最高价氧化物的水化物酸性比
Y 的强
12.下图为利用电化学方法处理有机废水的原理示意图。下列说法正确的
A . a 、 b 极不能使用同种电极材料
B .工作时, a 极的电势低于 b 极的电势
C .工作一段时间之后, a 极区溶液的 pH 增大
D . b 极的电极反应式为: -
--+
CH 3COO+4H 2O - 8e =2HCO 3+9H
13.用 AG 表示溶液酸度:
。在室温下, 用 0.1mol ·
- 1
3
0.1mol ·L 的 CH COOH 溶液,滴定结果如图所示。下列分析正确的是(
- 1 的 CH COOH溶液的 pH=3.4
A. 0.1mol ·L
3
B. A 点加入的 NaOH溶液的体积为 20.00mL
- +
C.滴定过程中, c(CH3COO) / c(H ) 逐渐减小
+ - - +
)
D. B 点溶液中可能存在 c(Na )>c(CH 3COO)>c(OH )>c(H
二、非选择题
26.( 14 分)锌锰干电池的负极是作为电池壳体的金属锌,正极是被二氧化锰和碳粉包围的石
墨电极,电解质是氯化锌和氯化铵的糊状物,该电池放电过程中产生MnOOH。废旧电池中的Zn、 Mn 元素的回收,对环境保护有重要的意义。
Ⅰ.回收锌元素,制备ZnCl 2
步骤一:向除去壳体及石墨电极的黑色糊状物中加水,搅拌,充分溶解,经过滤分离得固体和
滤液。
步骤二:处理滤液,得到ZnCl 2·xH2O晶体。
步骤三:将SOCl2与 ZnCl2·xH2O晶体混合制取无水ZnCl 2。
制取无水ZnCl 2,回收剩余的SOCl2并验证生成物中含有SO2( 夹持及加热装置略) 的装置如下:
( 已知: SOCl2是一种常用的脱水剂,熔点-105℃,沸点79℃, 140℃以上时易分解,与水剧烈
水解生成两种气体。)
(1)写出 SOCl2与水反应的化学方程式: ______________________ 。
(2)接口的连接顺序为 a→___→___→h→h→___→___→___→e。
Ⅱ.回收锰元素,制备 MnO2
( 3)洗涤步骤一得到的固体,判断固体洗涤干净的方法:_________________________ 。
( 4)洗涤后的固体经初步蒸干后进行灼烧,灼烧的目的__________________________。
Ⅲ.二氧化锰纯度的测定
称取 1.40g 灼烧后的产品,加入 2.68g 草酸钠( Na2 C2 O4)固体,再加入足量的稀硫酸并加热(杂质不参与反应),充分反应后冷却,将所得溶液转移到100mL容量瓶中用蒸馏水稀释至刻线,从中
取出 20.00mL,用 0.0200mol/L高锰酸钾溶液进行滴定,滴定三次,消耗高锰酸钾溶液体积的平均
值为 17.30mL。
( 5)写出 MnO2溶解反应的离子方程__________________________________________ 。
(6)产品的纯度为 ______________________ 。
( 7)若灼烧不充分,滴定时消耗高锰酸钾溶液体积_____(填“偏大”、“偏小”
27.( 14 分)氨为重要的化工原料,有广泛用途。
( 1)合成氨中的氢气可由下列反应制取:
a. CH4(g) + H2O(g) CO(g)+ 3H2(g) H1=+216.4 kJ·mol-1
2 2 2 2
=- 41.2 kJ ·mol
- 1 b. CO(g) +H O(g) CO(g) + H (g) H
则反应 CH4(g) + 2H2O(g) CO2(g) + 4H2(g) H=_______________________(2)起始时投入氮气和氢气的物质的量分别为 1mol、 3mol,在不同温度和压强下合成混合物中氨的体积分数与温度的关系如图。
①恒压时,反应一定达到平衡状态的标志是________( 填序号 ) 。
A. N2和 H2的转化率相等 B .反应体系密度保持不变
C. c(H )/c(NH
3
) 保持不变 D . c(NH )/c(N
2
) =2
2 3
② p1________(填“>”、“<”、“=”或“不确定”,下同 ) p2;反应的平衡常数:点。
③C点H2的转化率为________;在 A、B两点条件下,该反应从开始到平衡时生成氨率: v(A)________ v(B)。
( 3) N2H4可作火箭推进剂, NH3和 NaClO在一定条件下反应可生成 N2H4。
①写出 NH 和 NaClO 反应生成N H 的化学方程式 ___________________________
3 2 4
②已知 25℃时, N2H4的水溶液呈弱碱性:N2H4+ H2O + - 1=1×10 -a
N2H5+ OH
K
+ + H2O NH 2+ - 2 =1×10 - b 25℃时,向 NH 水溶液中加入 H N2H5 + OH
2 6 K 2 4
+ + 2+
c(N H )> c(N H ) ,同时 c(N H )> c(N H ) ,应控制溶液 pH 的范围为 _________________( 用含 a、 b 的
2 5 2 4 2 5 2 6
式子表示 ) 。
28.( 15 分)富硼渣中含有镁硼酸盐( 2MgO·B2O3)、镁硅酸盐( 2MgO·SiO 2)及等杂质。由富硼渣湿法制备硫酸镁晶体和硼酸(H3BO3)晶体的一种工艺流程如下:
已知:生成氢氧化物沉淀的pH(金属离子的起始浓度为0.1mol/L )
Fe(OH)3 Al(OH) 3 Fe(OH) 2 Mg(OH)2
开始沉淀时 1.9 3.4 7.0 9.1
完全沉淀时 3.2 4.7 9.0 11.1
(1)上述流程中能加快反应速率的措施有______、 _______等。
(2)酸浸时发生反应: 2MgO·SiO 2+2H2SO4=2MgSO4+SiO2+2H2O,
2MgO·B2O3+2H2SO4+H2O =2H3BO3+2MgSO4。
①上述反应体现出酸性强弱: H2SO4______H3BO3(填“>”或“<”)。
②酸浸时,富硼渣中所含 Al 2O3和 FeO也同时溶解,写出相关反应的离子方程式:______、______。
③已知硼酸与过量NaOH溶液发生的中和反应为:
- -
。下列关于硼酸的说法正确H3BO3+OH =B(OH)4
的是 __(填序号)。
a.硼酸是一元酸
b.向 NaHCO3固体中滴加饱和硼酸溶液,有气泡产生
-+
c.硼酸的电离方程式可表示为:H3BO3+H2O B(OH)4+H
(3)检验褐色浸出液中的杂质离子:取少量浸出液, ______(填操作和现象),证明溶液中含有
Fe2+。
(4)除去浸出液中的杂质离子:用 MgO调节溶液的 pH 至 ______以上,使杂质离子转化为 ______(填化学式)沉淀,过滤。
( 5)获取晶体:ⅰ . 浓缩滤液,使MgSO4和 H3BO3接近饱和;ⅱ . 控制温度使两种晶体分别从溶液
中结晶。结合下图溶解度曲线,简述ⅱ的方法:将浓缩液加入到高压釜中,______(将方法补充完整)。
35.【选修3:物质结构与性质】(15 分 )
三乙酸锰可作单电子氧化剂,用如下反应可以制取三乙酸锰:4Mn(NO3) 2·6H2O+26(CH3CO)2O= 4(CH3COO)Mn+8HNO+3O↑+40CHCOOH。
3 2 2 3
( 1)基态锰原子的价层电子排布式为
3+
______ ,基态 Mn 含有的未成( 2) CH3COOH中碳原子的杂化形式
为________。
- -
( 3) NO3的空间构型是 ________,与 NO3互为等电子体的分子的化学( 4) CH3COOH能与 H2O以任意比互溶的原因是
____________________ 。
( 5)某种镁铝合金可作为储钠材料,该合金晶胞结构如图所示,晶胞棱长化学式为 _______,晶体中每个镁原子周围距离最近的铝原子数目为_ ______g/cm 3( 阿伏伽德罗常数的数值用N A表示)。
36.【选修5:有机化学基础】(15 分 )
A 是石油裂解气的主要成分之一,以 A 为原料制备药物中间体X 的
催化剂
;
已知 i.CH 2=CH-CH=CH2+CH2=CH2――→
ii . RCH=CH2。
回答下列同题:
( 1) A 的结构简式为_________ , B 的名称为__________ , D ___________ 。
(2)有机物 I 的结构简式为 ___________;反应④的反应类型是 ___(3)由 A 生成 B 的化学方程式为 ______________________________(4)反应⑧的化学方程式为 __________________________________( 5)满足以下条件的X 的同分异构体有___________种。
i.能发生银镜反应;
绝密★ 启用前
2019 届高考考前适应性试卷
化学答案(一)
7. 【答案】 A
【解析】 A.燃烧煤会产生大量的细小的烟尘等,会加剧雾霾天气的形成, A 项正确; B.食盐中加入适量的KIO3可起到为人体补充碘元素的作用,但在食盐中加入大量的KIO3,对人体有害, B 项错误; C.铁粉、炭粉、氯化钠在潮湿空气中可形成原电池,发生了吸氧腐蚀,可除去食品包装袋
中的部分氧气,其中炭粉作正极,不参与电极反应, C 项错误; D.光导纤维主要成分是二氧化硅,
不是有机高分子材料,D项错误;所以答案选择 A 项。
8.【答案】 B
【解析】 A. pH=5 的醋酸溶液中c(H +)=10 - 5mol·L-1,所以 1L pH=5 的醋酸溶液中含有的氢离子
数目等于10- 5N A,故 A 错误; B.1 4 CO2与 N218O的相对分子质量均为46,且每个分子中含有的中子数
14 18 O的混合物中所含中子数为 4.8 N,故B正确;C.根据得失电子守恒可
为 24,所以 9.2g CO 与 N
2 2 A
得, NO可能是 NO或 NO,转移电子数介于0.1 N~0.3 N之间,故 C错误; D. SO和 O 是可逆反应,
x 2 A A 22
所以 1mol SO?和 0.5mol O 2充分反应,生成SO3的分子数小于N A,故D错误。故选B。
9. 【答案】 D
【解析】 A.将结构简式转化为分子式,含有苯环,属于芳香族化合物,分子式为C9H11O4N,A 项正确,不符合题意;B.分子中含有苯环,可以发生加成反应,分子中有—COOH、— OH 可以发生酯
化反应,属于取代反应,该物质可以燃烧,可以发生氧化反应,而且—CH2OH,可发生催化氧化,酚
羟基也容易被氧化,分子中有氨基和羧基可以发生缩聚反应, B 项正确,不符合题意;C.根据苯分
子的 12 原子共面以及碳碳单键可以旋转,可以判断该有机物分子中的的所有碳原子有可能共平面,
C 项正确,不符合题意;D. 1mol 该调节剂最多可以与2mol NaOH 反应,分别是—COOH和苯环上的
— OH发生反应, D 项错误,符合题意;本题答案选D。
10.【答案】 B
【解析】本题以锂离子二次电池正极废料为研究对象,体现了化学在推进生态文明建设、解决生态环境问题等方面大有作为,同时考查学生通过所学知识解决这一实际问题的能力,根据流程,
LiCoO2不与碱反应, Al 能与 NaOH反应,使Al 转变成可溶的N aAlO2,然后过滤得到LiCoO2, LiCoO2
中 Li 为+ 1 价, O为- 2 价,Co为+ 3 价,依据整个流程,产品中 Co的化合价为+ 2 价,即“酸溶”
中 Co 被还原, H2O2被氧化,“酸溶”液中加入NaOH,得到“净化液”,除去Li 元素,加入草酸铵
溶液,使Co2+转变成 CoC2O4沉淀; A.根据铝钴膜的成分以及流程,Al 能与 NaOH反应,生成可溶的NaAlO2,LiCoO2不溶于 NaOH,然后过滤得到 LiCoO2,因此碱浸的目的是溶解铝,故A说法正确;B.LiCoO2 中 Co显+ 3 价,产品中CoC2O4, Co 显+ 2 价,化合价降低,LiCoO2为氧
氧化,故 B 说法错误; C. H2SO4提供 H+, H2O2作还原剂,盐酸可提供
Co 也能氧化Cl 成+ 2 价 Co,故 C说法正确; D.根据上述分析,铝、钴产物可以再利用,故
11.【答案】C
【解析】短周期元素W、 X、 Y、Z 的原子序数依次增大,X 的一种核文物的年代,考古用的是14C,故 X 为 C 元素; Y 的单质在空气中的体积分是金属性最强的短周期元素,应为Na, W的阴离子的核外电子数与X 原则 W为 H 元素,由此可知W为 H、X 为 C、Y 为 N、Z 为 Na 元素; A.同周半径逐渐减小,所有元素中H 原子半径最小,则原子半径:H< N< C,子的核外最外层电子数的总和为1+4+5+7= 17,故 B 错误; C.如乙烷、非极性键,故 C 正确; D.非金属性N> C,元素的非金属性越强,对应的性越强,故 D 错误。
12.【答案】 D
【解析】图中连接负载(用电器)的装置为原电池,根据电极上的物质变电极名称,写出电极反应式。应用原电池原理是正确判断的关键。A.因而两极间形成电势差,故电极材料可同可异, A 项错误; B.工作时,电元素从平均 0 价失电子升至 +4 价,电极 b 是原电池的负极,则电极a 于 b 极的电势, B 项错误; C.电极 a(正极)电极反应为
Cl -,正极每得到2mol 电子时,为使溶液电中性,必有2molH+通过质子电极反应消耗1molH+。故工作一段时间之后, a 极区溶液中 H+浓度增大图中物质转化,考虑到质量守恒和电荷守恒关系,电极 b(负极)反应为 C
D 项正确。本题选D。
13. 【答案】 D
-1
【解析】室温下,用 0.1 mol ·L的 NaOH溶液滴定 20.00mL 0.1mol 生的反应为NaOH+CH3COOH=CH3COONa+H2,化学计量点时恰好生成CH3CO 时消耗 NaOH的体积为 20.00mL,结合图象和溶液中的守恒思想分析判断。室的 NaOH溶液滴
定
- 1
的 CH COOH溶液,发生的反应为
NaOH+CHCOOH
20.00mL 0.1mol ·L
3
=CH3COONa+H2,化学计量点时恰好生成CH3COONa,水解使溶液显碱性,20.00mL。 A.滴定起始时,溶液中仅存在醋酸,此时,
+
) ·c(OH
- +
)=10
-3.3 -1
K w=c(H ) ,则溶液中 c(H mol/L ,因此 0.1mol ·L的醋酸
点时 AG=0, c(H +)=c(OH - ) ,加入的 NaOH溶液的体积小于 20.00mL,若等
于20.00mL 则溶液应呈碱性
AG<0,选项 B 错误; C.滴定过程中,发生反应
- + NaOH+CH3COOH=CH3COONa+H2, CH3COO增大, c(H ) 减
- +
小,故 c(CH3COO) / c(H ) 逐渐增大,选项 C 错误; D.B 点溶液若完全中和得到醋酸钠,溶液呈碱性,
+ - - +
可能存在 c(Na )>c(CH 3COO)>c(OH )>c(H ) ,选项 D正确。答案选 D。
26.【答案】(1)SOCl2+H2O=SO2↑+2HCl↑
( 2) f→ g→ h→ h→ b→ c→ d→ e
( 3)取最后一次洗液,滴加AgNO3溶液,若无白色沉淀生成,则说明固体洗涤干净
( 4)除去碳粉,并将MnOOH氧化为 MnO2
2-+2+
( 5) MnO2+C2O4 +4H =Mn +2CO↑+2H2O
( 6) 97.4%
(7)偏大
【解析】Ⅰ. ( 1) SOCl2与水反应生成SO2和 HCl,反应方程式为;SOCl2+H2O=SO2↑+2HCl↑
;( 2)三颈瓶中SOCl2吸收结晶水得到SO2与 HCl,用冰水冷却收集SOCl2,浓硫酸吸收水蒸气,防
止溶液中水蒸气加入锥形瓶中,用品红溶液检验二氧化硫,用氢氧化钠溶液吸收尾气种二氧化硫与
HCl,防止污染环境,h 装置防止倒吸,接口的连接顺序为a→ f→ g→ h→ h→ b→ c→ d→e;Ⅱ . ( 3)洗涤步骤一得到的固体,判断固体洗涤干净的方法是检验洗涤液中有没有氯离子:取
最后一次洗液,滴加 AgNO3溶液,若无白色沉淀生成,则说明固体洗涤干净;(4)洗涤后的固体经
初步蒸干后进行灼烧,
2 - 灼烧除去混在二氧化锰中的碳,并将 MnOOH氧化为 MnO2。Ⅲ . ( 5)MnO2将 C2O4
+ 作用下氧化成CO而+4 2+ 2 - 在 H 价锰还原成 Mn , MnO 溶解反应的离子方程 MnO+CO
4
2 2 2 2
+ 2+ 2 -
)=2.68g ÷134g·mol - 1
+4H =Mn +2CO↑+2H2O;( 6) n(C2O4 =0.02mol ;滴定 100mL 稀释后溶液,消耗n(MnO4- )=0.0200mol ·L-1×0.01730L×5=0.001730mol;根据氧化还原反应中得失电子数相等得n(MnO2) ×2+0.001730mol×5=0.0200mol×2,n(MnO2)=0.015675mol,二氧化锰质量分数
=0.015675mol×
87g·mol - 1/1.40g = 0.974,即97.4%;( 7)若灼烧不充分,杂质也会消耗高锰酸钾,滴定时消耗
高锰酸钾溶液体积将偏大。
27. 【答案】( 1)+ 175.2kJ ·mol - 1
( 2) BC < > 66.7% <
一定条件
( 3) 2NH+ NaClO=========H + NaCl+ H O 14 - b 3 2 4 2 【解析】( 1)已知 a.CH4 (g) + H2O(g) CO(g) + 3H2(g) H1=+216.4kJ·mol- 1,b.CO(g) + H2O(g) CO2(g) + H2(g) H2=-41.2kJ·mol- 1,根据盖斯定律由a+b 可得反应: CH4(g) +2H2O(g) CO2(g) + 4H2(g) H=+216.4kJ·mol- 1+(-41.2kJ·mol- 1)=+175.2kJ·mol- 1,故答案为:+ 175.2kJ ·mol- 1。(2)①A.氮气和氢气的初始物质的量之比为 1 ∶ 3 N2+3H22NH3可得,氮气和氢气按物质的量之比1∶3 反应,所以 N2和 H2的等的,与是否达到平衡状态无关,故 A 不选; B.该反应是一个气体分子式变化的反应,不平衡,气体体积就会发生变化,因为气体总质量不变,所以密度就会不断变化,当密度不变说明达到平衡状态,故 B 选; C.氮气时反应物,氨气是生成物,若氢气减少,则氨气必增值 c(H 2)/c(NH 3) 就会变化,当比值不变时说明已经处于平衡状态,故 C 选; D.氢气是生成物,只要不平衡,若氢气减少,则氨气必增多,其比值c(H 2)/c(NH 3) 就会变时说明已经处于平衡状态,但当比值为 2 时,不一定说明不在变化,所以不一定是平衡不选。故答案为: BC。②合成氨反应是一个气体分子数减小的反应,增大压强有利于平衡正有图可知,温度相同时,压强为P1时平衡混合物中氨的体积分数小于压强为P2时,氨正反应为放热反应,温度越高,平衡常数越小, D 点温度高于 B 点温度,所以平衡故答案为: <,>。③设 C 点 H2的转化率为α(H2) N2+ 3H 22NH3 初始 (mol) 1 3 0 转化 (mol) α(H 2) 3 α (H2) 2 α(H 2) 平衡 (mol) 1- α (H2) 3-3 α (H2) 2 α(H2) 因为平衡混合物中氨的体积分数为50%,同温同压下气体体积分数与物质的量分数2α (H2)/(1- α (H2)+3-3 α (H2)+2 α (H2)) ×100%=50%,解得α (H2)=66.7% ; A、 B 两点的体积分数相同, B 点温度和压强均高于 A 点温度和压强,则在A、B 两点条件下,该平衡时生成氨气的平均速率:v(A)< v(B),故答案为: 66.7%, <。( 3)① NH3与 Na 发 生氧化还原反应可得到肼(N2H4)、氯化钠和水, NaClO作氧化剂,被还原为NaCl, 一定条件一定条学方程式为: 2NH+ NaClO=========H + NaCl+ H O,故答案为: 3 2 4 2 3 H2O 。② K1=c(N 2H5+)c(OH - )/c(N 2H4)=1 ×10 - a ,所以 c(N2H5+ )=c(N 2H4) 时, c( + - )=10 - (14-a) ,pH=-lgc(H + + ) >c(N H ) - ×10 - a c(H )=K /c(OH )=14-a ,则 c(N H 时,c(OH )<1 w 2 5 2 4 > 10 - (14-a) + 2+ - )/c(N + -b + ,pH=-lgc(H )<14-a ,K2=c(N 2H6 )c(OH 2H5 )=1×10 ,所以 c(N 2H5 )=c(N =1×10 - b + - )=10 - (14-b) ,pH=-lgc(H + )=14-b ,则 c(N 2H5 + 2+ , c(H )=K w/c(OH ) > c(N2H6 ) 时, + - -(14-b) , pH=-lgc(H + > 14-b ,所以25℃时,向NH 水溶液中加入c(H )=K /c(OH )<10 ) w 2 4 + c(N2H5 + 2+ ,应控制溶液pH 的范围为 (14-b , 14-a) ,c(N2H5)> c(N2H4),同时)> c(N2H6 ) b 28.【答案】(1)研磨加热 ( 2)>Al2O3+ 6H+=2Al3++3H2O FeO+2H +=Fe2++H2O ac ( 3)滴加 K3[Fe(CN) 6] 溶液,产生蓝色沉淀(合理答案给分) ( 4) 4.7 Al(OH)3、Fe(OH)3 (5)升温结晶,得到硫酸镁晶体,分离后,再将母液降温结晶,分离得到硼酸晶体 【解析】( 1)由框图分析:研磨可以增大接触面积,加快化学反应速率;酸浸中的加热也可以 加快化学反应速率,所以答案:研磨;加热。(2)①根据酸浸时发生反应: 2MgO·B2O3+2H2SO4+ H2O=2H3BO3 + 2MgSO4反应,说明酸性H2SO4大于 H3BO3。答案为:>。②酸浸时,富硼渣中所含Al 2O3 和 FeO也同时溶解生成硫酸铝和硫酸亚铁,相关反应的离子方程式:Al 2O3+6H+=2Al 3++3 +2+ +3+ + 2+ H2O;FeO+2H=Fe +H2O。答案: Al 2O3+6H =2Al +3HO;FeO+2H=Fe +HO。③由硼酸与过量 NaOH溶液发 2 2 - - 可知硼酸是一元酸,故 a 正确; b. 因为 B 和 C 在同一周期,原子生的中和反应为: H3BO3+OH=B(OH)4 序数逐渐增大,所以非金属性C>B,酸性 H2CO3>H3BO3,故向 NaHCO3固体中滴加饱和硼酸溶液,不会有 气泡产生,故 b 错误; c. 硼酸是一元弱酸,所以电离方程式可表示为:H3BO3+H2O -+ B(OH)4+H ,故 c 正确;答案:ac 。( 3)证明溶液中含有Fe2+的方法是:取少量褐色浸出液于试管中,滴加 K3[Fe(CN) 6] 溶液,如果产生蓝色沉淀说明含有 2+ 3 6 ] 溶液,产生蓝色沉淀。( 4)根据框Fe 。答案:滴加 K [Fe(CN) 图分析浸出液中的杂质离子为:Al 3+、 Fe3+,由已知 Al(OH) 3 开始沉淀时pH=3.4完全沉淀时pH=4.7; Fe(OH)3开始沉淀时 pH=1.9 完全沉淀时 pH=3.2,要除去 Al 3+、Fe3+两种离子,应用MgO调节溶液的至4.7 MgSO4晶体:将浓缩液加入到高压釜中,升温结晶可得到硫酸镁晶体;H3BO3的溶解度是随着温度的升 高逐渐增大的,所以要获得H3BO3晶体应将高温时分离后的母液降温结晶,再过滤即可得到硼酸晶体。 答案:升温结晶,得到硫酸镁晶体,分离后,再将母液降温结晶,分离得到硼酸晶体。 35.【答案】( 1)3d54s2 4 ( 2) sp3和 sp2平面三角形 (3) BF3或 BCl3 (4) CH3COOH与 H2O均为极性分子,且分子间可以形成氢键 ( 5) MgAl 4 2 【解析】( 1)锰为 25 号元素,基态锰原子的价层电子排布式为 5 2 3+ 3d 4s ,基态 Mn 的价层电子排 布式为 3d4,含有 4 个未成对电子,故答案为: 3d54s2; 4;( 2)CH3COOH中甲基上的碳原子含有 4 个σ 键,没有孤电子对,采用sp3杂化,羧基上的碳原子含有 3 个σ键,没有孤电子对,采用sp2杂化,故答案为: 3 2 - sp 和 sp ;( 3) NO3中氮原子价层电子对数为3+ 2 - 个原子, 5+6×3+1=24 类型为 sp ,空间构型为平面三角形;NO3中有 4 6+6×3=24 个价电子,与NO3-是等电子体, BF3、COF2等也与硝酸根离子为 三角形; SO3或 BF3、COF2等;( 4)CH3COOH与 H2O均为极性分子,且CH3COOH 能与 H2O以任意比互溶,故答案为: CHCOOH与 H2O均为极性分子,且分 键; 3 据晶胞结构可知,晶胞中含有的镁原子数目 =8×+2×=2,铝原子数 金的化学式为MgAl ;在晶胞中,镁原子位于顶点和 2 个面的面心,铝原子2 镁原子周围距离最近的铝原子数目为 4 个,距离均为面对角线长度的一半的体积为 (a ×10-7 ) 3cm3 ,晶胞的质量= g= = = 3 ,故答案为: MgAl ; 4; g/cm 2 36. 【答案】( 1) CH3CH= CH2 3 —氯— 1—丙烯(或 3—氯丙烯) ( 2)取代反应 500℃ ( 3) CH3CH=CH2+Cl 2――→CH2= CHCH2Cl+HCl ( 4) (5)8 ( 6) 【解析】(1) A 为丙烯,结构简式为:CH3CH=CH2, B 的结构简式 CH2ClCH=CH2,名称为 — 1—丙烯(或3—氯丙烯), D 含有碳碳双键和氯原子;( 2 ) ,反应④ E和HC≡CNa发生的取代反应方程式为丙烯和氯气发生的取代反应,方程式为: 500℃ CHCH=CH+Cl 3 2 2 ⑧为羟基的催化氧化反应,方程式为: