高三物理第二轮专题复习教案[全套]_物理

第一讲平衡问题

一、特别提示［解平衡问题几种常见方法］

1、 力的合成、分解法：对于三力平衡，一般根据“任意两个力的合力与第三力等大反向”的关 系，借助三角函数、相似

三角形等手段求解；或将某一个力分解到另外两个力的反方向上，得到这 两个分力必与另外两个力等大、反向；对于多个力的平衡，利用先分解再合成的正交分解法。

2、 力汇交原理：如果一个物体受三个不平行外力的作用而平衡，这三个力的作用线必在同一 平面上，而且必有共点力。

3、 正交分解法：将各力分解到

x 轴上和y 轴上，运用两坐标轴上的合力等于零的条件

C F x =0^ F y =0）多用于三个以上共点力作用下的物体的平衡。值得注意的是，对

x 、y 方向

选择时，尽可能使落在 x 、y 轴上的力多；被分解的力尽可能是已知力。

4、 矢量三角形法：物体受同一平面内三个互不平行的力作用平衡时，这三个力的矢量箭头首 尾相接恰好构成三角形，则

这三个力的合力必为零，利用三角形法求得未知力。

5、 对称法：利用物理学中存在的各种对称关系分析问题和处理问题的方法叫做对称法。在静 力学中所研究对象有些具有

对称性，模型的对称往往反映出物体或系统受力的对称性。解题中注意 到这一点，会使解题过程简化。

6、 正弦定理法：三力平衡时，三个力可构成一封闭三角形，若由题设条件寻找到角度关系， 则可用正弦定理列式求解。

7、相似三角形法：利用力的三角形和线段三角形相似。 二、典型例题 1、力学中的平衡：运动状态未发生改变，即 a = 0。表现：静

匀速直线运动

（1）在重力、弹力、摩擦力作用下的平衡

例1质量为m 的物体置于动摩擦因数为 」的水平面上，现对它 一个拉力，使它做匀

速直线运动，问拉力与水平方向成多大夹角时这 最小？

解析取物体为研究对象，物体受到重力mg ，地面的支持力N ， 力f 及拉力T 四个力作用，如图1-1所示。

:-=arcctg arcctg J

不管拉力T 方向如何变化，F 与水平方向的夹角：?不变，即F 为一个方向不发生改变的变力。 这显然属于三力平衡中的

动态平衡问题，由前面讨论知，当 T 与F 互相垂直时，T 有最小值，即当

拉力与水平方向的夹角

V - 90 - arcctg -I 二arctg 」时，使物体做匀速运动的拉力

T 最小。

（2）摩擦力在平衡问题中的表现

这类问题是指平衡的物体受到了包括摩擦力在内的力的作用。在共点力平衡中，当物体虽然静 止但有运动趋势时，属于

静摩擦力；当物体滑动时，属于动摩擦力。由于摩擦力的方向要随运动或 运动趋势的方向的改变而改变，静摩擦力大小还可在一定范围内变动，因此包括摩擦力在内的平衡 问题常常需要多讨论几种情况，要复杂一些。因此做这类题目时要注意两点

iTlg

止或

施加 个力

摩擦

由于物体在水平面上滑动，则

f =：-N ，将f 和N 合成，得到合力

F ,由图知F 与f 的夹角:

① 由于静摩擦力的大小和方向都要随运动趋势的改变而改变，因此维持物体静止状态所需的外 力允许有一定范围；又由

于存在着最大静摩擦力，所以使物体起动所需要的力应大于某一最小的力。 总之，包含摩擦力在内的平衡问题，物体维持静止或起动需要的动力的大小是允许在一定范围内的， 只有当维持匀速运动时，外力才需确定的数值。

② 由于滑动摩擦力 F=」F N ，要特别注意题目中正压力的大小的分析和计算，防止出现错误。

例2重力为G 的物体A 受到与竖直方向成 「角的外力 F 后，静止在竖直墙面上，如图

1-2 所示，

试求墙对物体 A 的静摩擦力。

分析与解答 这是物体在静摩擦力作用下平衡问题。首先确定研 对象，对研究对象进行受力

分析，画出受力图。

A 受竖直向下的重力 外力F ,墙对A 水平向右的支持力（弹力）

N ,以及还可能有静摩擦

f 。这里对静摩擦力的有无及方向的判断是极其重要的。物体之间有

对运动趋势时，它们之间就有静摩擦力；物体间没有相对运动趋势时，它们之间就没有静摩擦力。 可以假设接触面是光滑的，若不会相对运动，物体将不受静摩擦力，若有相对运动就有静摩擦力。

（注意：这种假设的方法在研究物理问题时是常用方法，也是很重要的方法。）具体到这个题目, 在竖直方向物体 A 受重力G 以及外力F 的竖直分量，即F 2 = F cos 。当接触面光滑，G = F cos

：

时，物体能保持静止；当 G - Feos 〉时，物体A 有向下运动的趋势，那么 A 应受到向上的静摩擦 力；当G ::: F cos ?篇时，物体A 则有向上运动的趋势，受到的静摩擦力的方向向下，因此应分三种 情况说明。

从这里可以看出，由于静摩擦力方向能够改变，数值也有一定的变动范围，滑动摩擦力虽有确

定数值，但方向则随相对滑动的方向而改变，因此，讨论使物体维持某一状态所需的外力 F 的许可

范围和大小是很重要的。何时用等号，何时用不等号，必须十分注意。

（3）弹性力作用下的平衡问题

例3如图1-3所示，一个重力为 mg 的小环套在竖直的半径为 r 一吐.

的 光 滑大圆环上，一劲度系数为 k ，自然长度为L （ L<2r ）弹簧的一端固定 ■ ■■

在 小

环上，另一端固定在大圆环的最高点 A 。当小环静止时，略去弹簧的 :

自重 和小环与大圆环间的摩擦。求弹簧与竖直方向之间的夹角

X,

V-

分析 选取小环为研究对象，孤立它进行受力情况分析：小环受

重力

mg 、大圆环沿半径方向的支持力 N 、弹簧对它的拉力F 的作用，显然，

用1 一」

F 二k （2rcos 「-L ）

解法1运用正交分解法。如图 1-4所示，选取坐标系，以小环所 置为坐标原点，过原点

沿水平方向为

x 轴，沿竖直方向为 y 轴。

' Fx =0,-Fsin 「N sin2 =0

二 Fy = 0,-F cos

： J mg - N cos2 = 0

解法2用相似比法。若物体在三个力

F 2、F 3作用下处于平衡状态，这三个力必组成首尾 相连的三角形F 1、

F 2、F 3，题述中恰有三角形 AO m 与它相似，则必有对应边成比例。

究 G ， 力 相

解得

二arccos

kL

2(kr -mg)

图1 —

4

F mg N 2r cos 「 r r

kL

（4）在电场、磁场中的平衡

例4如图1-5所示，匀强电场方向向右，匀强磁场方向垂直 纸面向里，一质量为

m 带电量为q 的微粒以速度v 与磁场垂直、与 场成45?角射入复合场中，恰能做匀速直线

运动，求电场强度E 的大 小，磁感强度B 的大小。

解析 由于带电粒子所受洛仑兹力与

v 垂直，电场力方向与电

场线平行，知粒子必须还受重力才能做匀速直线运动。 假设粒子带负

电受电场力水平向左，则它受洛仑兹力

f 就应斜向右下与V 垂直，这样粒子不能做匀速直线运动,

所以粒子应带正电，画出受力分析图根据合外力为零可得,

（5）动态收尾平衡冋题

例5如图1-6所示，AB 、CD 是两根足够长的固定平行金属导 轨，两导轨间距离为|，导

轨平面与水平面的夹角为

V 。在整个导轨

平面内都有垂直于导轨平面斜向上方的匀强磁场，磁感强度为

B 。在

导轨的A 、C 端连接一个阻值为 R 的电阻。一根垂直于导轨放置的金 属棒ab ，质量为m ，从静止开始沿导轨下滑。求 ab 棒的最大速度。

（已知ab 和导轨间的动摩擦因数为 * 导轨和金属棒的电阻不计）

解析 本题的研究对象为 ab 棒，画出ab 棒的平面受力图，如图1-7。

2 2

ab 棒所受安培力 F 沿斜面向上，大小为 F = Bll = B l v/R ，贝U ab 棒

下滑的加速度

a =[mg sin )- (-mg cos v F)] /m 。

ab 棒由静止开始下滑，速度 v 不断增大，安培力 F 也增大，加速度a 减小。当a =0时达到稳 定状态，此后ab 棒做

匀速运动，速度达最大。

mg si n ）-（"mgcosr B 2l 2v/R ）=0。

解得ab 棒的最大速度

v m = mgR （sin v -」cos ））/B 2l 2 。

=arccos

2(kr - mg)

mg = qvBsin 45

( 1)

qE = qvBcos45 ( 2)

由（1）式得 B = 2mg ，由（1），

qv

(2)得 E = mg / q

團!-7

图1^8

例6图1-8是磁流体发电机工作原理图。磁流体发电机由燃烧室（

0）、发电通道（E ）和偏

转磁场（B ）组成。在2500K 以上的高温下，燃料与氧化剂在燃烧室混合、燃烧后，电离为正负离 子（即等离子体），并以每秒几百米的高速喷入磁场，在洛仑兹力的作用下，正负离子分别向上、 下极板偏转，两极板因聚积正负电荷而产生静电场。

这时等离子体同时受到方向相反的洛仑兹力

（f ）

与电场力（F ）的作用，当F= f 时，离子匀速穿过磁场，两极板电势差达到最大值，即为电源的电

动势。设两板间距为 d ,板间磁场的磁感强度为 B ,等离子体速度为V ,负载电阻为R ,电源内阻不 计，通道截面是边长为 d 的正方形，试求：

（1 ）磁流体发电机的电动势 '？

（2）发电通道两端的压强差 .：p ？ 解析 根据两板电势差最大值的条件

E 匕 f =

F 得 v =

B dB

所以，磁流发电机的电动势为

二Bdv

设电源内阻不计，通道横截面边长等于 d 的正方形，且入口处压强为 p ,，出口处的压强为 p 2 ； 当开关S 闭合后，发

电机电功率为

根据能量的转化和守恒定律有

P 电二 F ,v - F 2v 二 p ,d 2v - p 2d 2v

所以，通道两端压强差为

解析 如图1-10，三根细绳在 0点共点，取0点（结点）为 研究对象，分析 0点受力如图1-10。O 点受到 力T 三个力

的作用。

图1-10 （a ）选取合成法进行研究，

将

到合力F ，由平衡条件知：

图 1-10

（6）共点的三力平衡的特征规律

例7图1-9中重物的质量为 m ，轻细线A0和B0的A 、B B0与水平的夹角为

n 。A0

端是固定的，平衡时 AD 是水平的， 的拉力F -和B0的拉力F 2的大小是:

B 、F-i

二 mgctg -

C 、F 2 二 mg sin -

D 、 F 2 二 mg /sin -

F 二T 二mg

则：F^j = Fctg v - mgctg r

F2 = F /sin v - mg/sin v

图1-10 (b)选取分解法进行研究，将F2分解成互相垂直的两个分力F x、F y，由平衡条件知:

F

y ~

T - mg, F x = F i

则：F2二F y/sin v - mg/sin v

F i 二F x 二F y Ctg v - mgctg 71

问题：若BO绳的方向不变，则细线AO与BO绳的方向成几度角时，细线AO的拉力最小? 结论：共点的三力平衡时，若有一个力的大小和方向都不变，另一个力的方向不变，则第三个

力一定存在着最小值。

(7 )动中有静，静中有动问题

如图1-11所示，质量为M的木箱放在水平面上，木箱中的立杆上着一个质量为m的小球，开始时小球在杆的顶端，由静止释放后，小球沿杆下滑的加速度为重力加速度的二分之一，则在小球下滑的过程中，

1

木箱对地面的压力为Mg mg。因为球加速下滑时，杆受向上的摩擦

2

1

力f根据第二定律有mg - f = ma，所以f mg。对木箱进行受力

2

分析有：重力Mg、地面支持力

1

N、及球对杆向下的摩擦力f mg

2

由平衡条件有

mg 二Mg 2m g

2、电磁学中的平衡

(1 )电桥平衡

若没有R,则R1和R2串联后与R3和R4串联后再并联

设通过R1的电流为11,通过R3的电流12

如有：l1R1 = l2R3，l1R2 = l2R4贝U R两端电势差为0所以R中的电流为0,即电桥平衡。

(2 )静电平衡

例8 一金属球，原来不带电。现沿球的直径的延长线放置一均匀带细杆MN ,如图1-12所示。金属球上感应电荷产生的电场在球

径上a、b、c三点的场强大小分别为E a、E b、E c，三者相

电的内直

比，

A、E a最大

B、E b最大

C、E c最大

0B 1'11

图1-12

E a = E b = E c

解析:

当金属球在带电杆激发的电场中达到以静电平衡时，其内部的场强为0,即细杆在a、b、c产生的场强与金属球上的感应电荷在a、b、c产生的场强大小相等，方向相反，故答案C正确。

3、热平衡问题

例9 家电电热驱蚊器中电热部分的主要元件是PTC,它是由

钛酸钡等半导体材料制成的电阻器，其电阻率匸与温度t的个关系

图象如图1-13。电热驱蚊器的原理是：通电后电阻器开始发热，温度上升，使药片散

发出驱蚊药，当电热器产生的热与向外散发的热平衡时，温度达到一个稳定值。由图

象可以判定：通电后，PTC电

阻器的功率变化情况是 ___________ ，稳定时的温度应取_________ 区间的某一

值。

分析通电后应认为电压U不变。随着温度的升高，在（0~t i）范围内，电阻率

随温度的升高而减小，因此电阻减小，电功率增大，

驱蚊器温度持续上升；在（t1~t2）范围内，电阻率随温度的升高而增大，因此电阻增大，电功率减

小。当电热器产生的热与向外散发的热平衡时，温度、电阻、电功率都稳定在某一值。解答功率变化是先增大后减小，最后稳定在某一值。这时温度应在t i~t2间。

4、有固定转轴物体的平衡。

例10 重100：. 3 （N）的由轻绳悬挂于墙上的小球，搁在轻

板上，斜板搁于墙角。不计一切摩擦，球和板静止于图1-14所示三时，图中〉角均为30°。求：悬线中张力和小球受到的斜板的支J

各多大？小球与斜板接触点应在板上何处？板两端所受压力多

?

（假设小球在板上任何位置时，图中:-角均不变）. ' 解析设球与板的相互作用力为N，绳对球的拉力为T，则对/ ■■ ?……Tc o：s= Gs i:n，Tsin ： N = Geos：，可得T = 100N，，4质斜位置持力大？

球有

这三

个力作用下静止，则该三个力为共点力，据此可求得球距 A 端距离x 二ABsin2a 二AB/4，即球

与板接触点在板上距A端距离为板长的1/4处。对板，以A端为转动轴, 有N B?AB ? sin a = N x对

图—U

板，以B端为转动轴，有N A?AB?cosa = N（AB-x）。可得N A=50-?3N，N B=50N。

第二讲匀变速运动

一、 特别提示：

1、 匀变速运动是加速度恒定不变的运动，

从运动轨迹来看可以分为匀变速直线运动和匀变速曲 线运动。

2、 从动力学上看，物体做匀变速运动的条件是物体受到大小和方向都不变的恒力的作用。匀变 速运动的加速度由牛顿第二定律决定。

3、 原来静止的物体受到恒力的作用，物体将向受力的方向做匀加速直线运动；物体受到和初速 度方向相同的恒力，物体将做匀速直线运动；物体受到和初速度方向相反的恒力，物体将做匀减速 直线运动；若所受到的恒力方向与初速度方向有一定的夹角，物体就做匀变速曲线运动。

二、 典型例题：

例1气球上吊一重物，以速度 V o 从地面匀速竖直上升，经过时间 t 重物落回地面。不计空气

对物体的阻力，重力离开气球时离地面的高度为多少。

解 方法1：设重物离开气球时的高度为

h x ，对于离开气球后的运动过程，可列下面方程：

L.

A

h

-h x = v 0(t - 一^) - 一 gt ；，其中(-h x 表示)向下的位移h x ， —为匀速运动的时间，t x 为竖直上

V o 2 V o

抛过程的时间，解方程得：

t x - 2Vot ，于是，离开气球时的离地高度可在匀速上升过程中求得, g

为：h x =V o (t —t x )=v °(t —

\ g

方法2 :将重物的运动看成全程做匀速直线运动与离开气球后做自由落体运动的合运动。显然 总位移等于零，所以：

1 h x \

2 v o t

g(t ——)=o 2 V o

评析 通过以上两种方法的比较，更深入理解位移规律及灵活运用运动的合成可以使解题过程 更简捷。 例2两小球以95m 长的细线相连。两球从同一地点自由下落， 其中一球先下落1s 另一球才开

始下落。问后一球下落几秒线才被拉直？

解 方法1：“线被拉直”指的是两球发生的相对位移大小等于线长，应将两球的运动联系起 来解，设后球下落时间为

解得：t=9s

解得:

hx =V °(t

—

弹吗