高考物理电磁学知识点之电磁感应知识点复习(7)
高考物理电磁学知识点之电磁感应知识点复习(7)
一、选择题
1．无线充电技术已经被应用于多个领域，其充电线圈内磁场与轴线平行，如图甲所示；磁感应强度随时间按正弦规律变化，如图乙所示。则（ ）
A ．2
T
t =
时，线圈产生的电动势最大 B ．2
T
t =
时，线圈内的磁通量最大 C ．0~
4T
过程中，线圈产生的电动势增大 D ．
3~4
T T 过程中，线圈内的磁通量增大 2．如图所示，闭合导线框的质量可以忽略不计，将它从如图所示的位置匀速拉出匀强磁场．若第一次用0.3 s 时间拉出，外力所做的功为W 1，通过导线截面的电荷量为q 1；第二次用0.9 s 时间拉出，外力所做的功为W 2，通过导线截面的电荷量为q 2，则( )
A ．W 1 B ．W 1 C ．W 1>W 2，q 1＝q 2 D ．W 1>W 2，q 1>q 2 3．如图所示，用粗细均匀的同种金属导线制成的两个正方形单匝线圈a 、b ，垂直放置在磁感应强度为B 的匀强磁场中，a 的边长为L ，b 的边长为2L 。当磁感应强度均匀增加时，不考虑线圈a 、b 之间的影响，下列说法正确的是（ ） A ．线圈a 、b 中感应电动势之比为E 1∶E 2＝1∶2 B ．线圈a 、b 中的感应电流之比为I 1∶I 2＝1∶2 C ．相同时间内，线圈a 、b 中产生的焦耳热之比Q 1∶Q 2＝1∶4 D ．相同时间内，通过线圈a 、b 某截面的电荷量之比q 1∶q 2＝1∶4 4．如图所示，MN 和PQ 为竖直方向的两平行长直金属导轨，间距l 为0.4m ，电阻不计。导轨所在平面与磁感应强度B 为0.5T 的匀强磁场垂直。质量m 为6.0× 10-3kg 电阻为1Ω的金属杆ab 始终垂直于导轨，并与其保持光滑接触。导轨两端分别接有滑动变阻器R 2和阻值为3.0Ω的电阻R 1。当杆ab 达到稳定状态时以速率v 匀速下滑，整个电路消耗的电功率P 为0.27W 。则（ ） A．ab稳定状态时的速率v=0.4m/s B．ab稳定状态时的速率v=0.6m/s C．滑动变阻器接入电路部分的阻值R2=4.0Ω D．滑动变阻器接入电路部分的阻值R2=6.0Ω 5．下列关于教材中四幅插图的说法正确的是（） A．图甲是通电导线周围存在磁场的实验。这一现象是物理学家法拉第通过实验首先发现B．图乙是真空冶炼炉，当炉外线圈通入高频交流电时，线圈产生大量热量，从而冶炼金属C．图丙是李辉用多用电表的欧姆挡测量变压器线圈的电阻刘伟手握线圈裸露的两端协助测量，李辉把表笔与线圈断开瞬间，刘伟觉得有电击说明欧姆挡内电池电动势很高 D．图丁是微安表的表头，在运输时要把两个接线柱连在一起，这是为了保护电表指针，利用了电磁阻尼原理 6．如图所示，铁芯P上绕着两个线圈A和B， B与水平光滑导轨相连，导体棒放在水平导轨上。A中通入电流i（俯视线圈A，顺时针电流为正），观察到导体棒向右加速运动，则A中通入的电流可能是（） A．B． C．D． 7．如图所示，A 、B 是相同的白炽灯，L 是自感系数很大、电阻可忽略的自感线圈。下面说法正确的是（ ） A ．闭合开关S 瞬间，A 、 B 灯同时亮，且达到正常 B ．闭合开关S 瞬间，A 灯比B 灯先亮，最后一样亮 C ．断开开关S 瞬间，P 点电势比Q 点电势低 D ．断开开关S 瞬间，通过A 灯的电流方向向左 8．如图所示，A 、B 两闭合圆形线圈用同样导线且均绕成100匝。半径A B 2R R =，内有以B 线圈作为理想边界的匀强磁场。若磁场均匀减小，则A 、B 环中感应电动势A B :E E 与产生的感应电流A B :I I 分别是（ ） A ．A B :2:1E E =；A B :1:2I I = B ．A B :2:1E E =；A B :1:1I I = C ．A B :1:1E E =；A B :2:1I I = D ．A B :1:1 E E =；A B :1:2I I = 9．如图所示，abcd 是边长为L ，每边电阻均相同的正方形导体框，今维持线框以恒定的速度v 沿x 轴运动，并穿过倾角为45°的三角形匀强磁场区域，磁场的磁感应强度为B ，方向垂直纸面向里。线框b 点在O 位置时开始计时，则在2L t v =时间内，a 、b 两点的电势差U 随时间t 的变化图线为（ ） A ． B ． C ． D ． 10．磁卡的磁条中有用于存储信息的磁极方向不同的磁化区，刷卡器中有检测线圈．当以速度v 0刷卡时，在线圈中产生感应电动势，其E －t 关系如图所示．如果只将刷卡速度改为 2 v ，线圈中的E －t 关系图可能是( ) A ． B ． C ． D ． 11．如图所示，一闭合直角三角形线框abc 以速度v 匀速向右穿过匀强磁场区域，磁场宽度大于ac 边的长度．从bc 边进入磁场区，到a 点离开磁场区的过程中，线框内感应电流的情况（以逆时针方向为电流的正方向）是下图中的（ ） A ． B ． C．D． 12．如图所示，A和B是电阻为R的电灯，L是自感系数较大的线圈，当S1闭合、S2断开且电路稳定时，A、B亮度相同，再闭合S2，待电路稳定后将S1断开，下列说法中，正确的是（） A．B灯逐渐熄灭 B．A灯将比原来更亮一些后再熄灭 C．有电流通过B灯，方向为c→d D．有电流通过A灯，方向为b→a 13．如图所示，矩形线圈abcd在匀强磁场中可以分别绕垂直于磁场方向的轴P1和P2以相同的角速度匀速转动，当线圈平面转到与磁场方向平行时() A．线圈绕P1转动时的电流等于绕P2转动时的电流 B．线圈绕P1转动时的电动势小于绕P2转动时的电动势 C．线圈绕P1和P2转动时电流的方向相同，都是a→b→c→d D．线圈绕P1转动时dc边受到的安培力大于绕P2转动时dc边受到的安培力 14．如图所示，弹簧上端固定，下端悬挂一个磁铁。如果在磁铁的下端的水平桌面上放一个固定的闭合线圈，并使磁极上下振动。磁铁在向下运动的过程中，下列说法正确的 A．线圈给它的磁场力始终向上 B．线圈给它的磁场力先向上再向下 C ．线圈给它的磁场力始终向下 D ．线圈给它的磁场力先向下再向上 15．航母上飞机弹射起飞是利用电磁驱动来实现的。电磁驱动原理如图所示,在固定线圈左右两侧对称位置放置两个闭合金属圆环，铝环和铜环的形状、大小相同，已知铜的电阻率较小,则合上开关 S 的瞬间（ ） A ．两个金属环都向左运动 B ．两个金属环都向右运动 C ．从左侧向右看，铝环中感应电流沿顺时针方向 D ．铜环受到的安培力小于铝环受到的安培力 16．如图甲所示，竖直放置的螺线管与导线abcd 构成回路，导线所围区域内有一垂直纸面向里的匀强磁场，螺线管正下方水平桌面上有一导体圆环。导线abcd 所围区域内磁场的磁感应强度按图乙中哪一种图线随时间变化时，导体圆环对桌面的压力将小于环的重力（ ） A ． B ． C ． D ． 17．如图所示的电路中，1A 和2A 是完全相同的两只灯泡，线圈L 的电阻可以忽略，下面说法中正确的是 A ．合上开关S 接通电路时，1A 和2A 同时亮 B ．合上开关S 接通电路时，2A 先亮，1A 后亮 C ．断开开关S 切断电路时，2A 先灭，1A 后灭 D ．断开开关S 切断电路时，1A 先灭，2A 后灭 18．如图甲所示，单匝线圈两端A 、B 与一理想电压表相连，线圈内有一垂直纸面向里的磁场，线圈中的磁通量变化规律如图乙所示。下列说法正确的是（ ） A ．0~0.1s 内磁通量的变化量为0.15Wb B ．电压表读数为0.5V C ．电压表“+”接线柱接B 端 D ．B 端比A 端的电势高 19．如图所示的情况中，线圈中能产生感应电流的是（ ） A ． B ． C ． D ． 20．如图所示，等腰三角形内分布有垂直于纸面向外的匀强磁场，它的底边在x 轴上且长为2L ，高为L .纸面内一边长为L 的正方形导线框沿x 轴正方向做匀速直线运动穿过匀强磁场区域，在t ＝0时刻恰好位于图中所示的位置．以顺时针方向为导线框中电流的正方向，在下面四幅图中能够正确表示电流－位移(I －x )关系的是 A ． B ． C ． D． 21．如图所示，正方形线框abcd的边长为l，向右通过宽为L的匀强磁场，且l A．一直为顺时针方向 B．一直为逆时针方向 C．先为逆时针方向，中间无感应电流，后为顺时针方向 D．先为顺时针方向，中间无感应电流，后为逆时针方向 22．如图所示，光滑导轨M、N水平固定放置，两根导体棒P、Q平行放于导轨上，形成一个闭合电路。当一条形磁铁从上方下落（未到达导轨平面）的过程中，导体棒P、Q的运动情况是（） A．P、Q互相靠拢B．P、Q互相远离 C．P、Q均静止D．因磁铁极性不明，无法确定 23．如选项图所示，A中线圈有一小缺口，B、D中匀强磁场区域足够大，C中通电导线位于水平放置的闭合线圈某一直径的正上方．其中能产生感应电流的是() A． B． C． D ． 24．如图甲所示，长直导线与闭合金属线框位于同一平面内长直导线中的电流i 随时间t 的 变化关系如图乙所示．在0~ 2 T 时间内直导线中电流向上，则在~2T T 时间内线框中感应 电流的方向与所受安培力情况是（ ） A ．感应电流方向为顺时针，线框受安培力的合力方向向左 B ．感应电流方向为逆时针，线框受安培力的合力方向向右 C ．感应电流方向为顺时针，线框受安培力的合力方向向右 D ．感应电流方向为逆时针，线框受安培力的合力方向向左 25．如图电路中，电灯A 、B 完全相同，带铁芯的线圈L 的电阻可忽略，下列说法中正确的是 A ．在S 闭合瞬间，A 、 B 同时发光，接着A 熄灭，B 更亮 B ．在S 闭合瞬间，A 不亮，B 立即亮 C ．在电路稳定后再断开S 的瞬间，通过A 灯电流方向为a→b D ．在电路稳定后再断开S 的瞬间，B 闪烁一下然后逐渐熄灭 【参考答案】***试卷处理标记，请不要删除 一、选择题 1．A 解析：A 【解析】 【分析】 【详解】 AC ．磁感应强度随时间按正弦规律变化，如题目图乙，可知0、2 T 、T 处斜率最大，即线圈产生的电动势也最大，故A 正确，C 错误； BD ．根据BS Φ=可知，在4 T t =和34T 时，线圈内的磁通量最大，故BD 错误。 故选A 。 2．C 解析：C 【解析】 【详解】 第一次用0.3s 时间拉出，第二次用0.9s 时间拉出，两次速度比为3:1，由E =BLv ，两次感应电动势比为3:1，两次感应电流比为3:1，由于F 安=BIL ，两次安培力比为3:1，由于匀速拉出匀强磁场，所以外力比为3:1，根据功的定义W =Fx ，所以： W 1:W 2=3:1； 根据电量q I t =?，感应电流E I R = ，感应电动势E t φ?=?，得： q R φ?= 所以： q 1:q 2=1:1， 故W 1＞W 2，q 1=q 2。 A. W 1 B. W 1 C. W 1>W 2，q 1＝q 2。故C 正确； D. W 1>W 2，q 1>q 2。故D 错误； 3．B 解析：B 【解析】 【分析】 【详解】 A ．根据法拉第电磁感应定律可知 n n BS E t t Φ= = 而S =l 2，因此电动势之比为1：4，故A 错误。 B ．线圈中电阻 4l R S ρ = 其中S 0为横截面积，l 为边长，故电阻之比为1：2，由欧姆定律可知 E I R = 则电流之比为1：2，故B 正确。 C ．焦耳定律 Q =I 2Rt 电流之比为1：2，电阻之比为1：2；则相同时间内焦耳热之比为1：8，故C 错误。 D ．根据 q n R Φ= 可知 △Φ=BS=Bl 2 故电荷量之比为1：2，故D 错误。 故选B 。 4．D 解析：D 【解析】 【分析】 【详解】 AB ．当杆以稳定的速度下降的过程中，由能量守恒定律得 mgv=P 可得 0.27m/s 4.5m/s 0.06 P v mg ＝ ＝＝ 故AB 错误； CD ．杆ab 达到稳定状态产生的感应电动势为 E=Blv =0.5×0.4×0.45V=0.09V 由P=IE 得 0.27 A 3A 0.09 P I E = ＝＝ 设电阻R 1与R 2的并联电阻为R 外，ab 棒的电阻为r ，有 12 12 R R R R R = +外 E I R r = +外 代入数据得 R 2=6.0Ω 故C错误，D正确。 故选D。 5．D 解析：D 【解析】 【分析】 【详解】 A．图甲是通电导线周围存在磁场的实验，研究的电流的磁效应，这一现象是物理学家奥斯特首先发现，选项A错误； B．图乙中真空冶炼炉的工作原理是电磁感应现象中的涡流，当炉外线圈通入高频交流电时，炉内金属产生大量热量，从而冶炼金属，选项B错误； C．图丙中李辉把表笔与线圈断开瞬间，刘伟觉得有电击感，这是电磁感应现象中的自感现象，选项C错误； D．图丁在运输时要把两个接线柱连在一起，产生了闭合回路，目的保护电表指针，利用了电磁阻尼原理，选项D正确。 故选D。 6．C 解析：C 【解析】 【分析】 【详解】 C．导体棒向右加速运动，说明导体棒受到水平向右安培力，根据左手定则可知电流的方向为顺时针方向，线圈B的磁场增大，根据楞次定理可知线圈A的磁场应减小，故线圈A中通入的电流需要顺时针方向减小或逆时针方向增大，故ABD错误，C正确。 故选C。 7．C 解析：C 【解析】 【分析】 【详解】 AB．闭合电键S接通电路时，由于线圈的阻碍，灯泡A会迟一会亮，B灯立即变亮，最后一样亮，故AB错误； CD．断开开关S切断电路时，线圈中产生自感电动势，与灯泡A、B构成闭合回路放电，故两灯泡一起变暗，最后一起熄灭，该过程中电流的方向与线圈L中的电流的方向相同，所以电流从左向右流过灯泡A，从右向左流过灯泡B，P点电势比Q点电势低，故C正确，D错误。 故选C。 8．D 解析：D 【分析】 【详解】 根据法拉第电磁感应定律 B S E n n t t ?Φ??==?? 题中n 相同， B t ??相同，面积S 也相同，则得到A 、B 环中感应电动势E A ：E B =1：1。 根据电阻定律 L R S ρ = L =n ?2πr ρ、S 0相同，则电阻之比 R A ：R B =r A ：r B =2：1 根据欧姆定律E I R = 得，产生的感应电流之比 I A ：I B =1：2 故D 正确，ABC 错误； 故选D 。 9．D 解析：D 【解析】 【分析】 【详解】 bc 边的位置坐标x 在0-L 过程，线框ab 边有效切线长度为x ，感应电动势为 E=Bxv 感应电流 E Bxv i R R = ＝ 根据楞次定律判断出来感应电流方向沿a →d →c →b →a ．当x =L 时 3 4 ab ab U iR BLv ＝＝ 在L -2L 过程，根据楞次定律判断出来感应电流方向仍然沿a →d →c →b →a ；线框ab 边有效切线长度为L ，感应电动势为 E 1=BLv cd 边产生的电动势 E 2=B （x -L ）v 回路的总电动势 E ′=E 1-E 2=2BLv -Bxv (2)E B L x v i R R '-'= ＝ 此时ab 两端的电势差 22311 424 ab ab U E i R E E BLv Bxv '+'+'=+＝＝ 当x =2L 时 U ′ab =BLv 故选D 。 10．D 解析：D 【解析】 【分析】 【详解】 根据感应电动势公式E BLv =0可知，其他条件不变时，感应电动势与导体的切割速度成正 比，只将刷卡速度改为 02 v ，则线圈中产生的感应电动势的最大值将变为原来1 2，故D 可 能，符合题意；ABC 不可能，不符合题意。 故选D ． 11．A 解析：A 【解析】 【分析】 【详解】 线框从开始进入到全部进入磁场时，磁通量向里增大，则由楞次定律可知，电流方向为逆时针，产生的电动势：E=BLv ，随有效长度的减小而减小，所以感应电流i 随有效长度的减小而减小；线框全部在磁场中运动的过程中，没有磁通量的变化，所以没有电动势和感应电流；线框离开磁场的过程中，磁通量不断减小，由楞次定律可知，电流沿顺时针方向；感应电流i 随有效长度的减小而减小． A ．该图与结论相符，选项A 正确； B ．该图与结论不相符，选项B 错误； C ．该图与结论不相符，选项C 错误； D ．该图与结论不相符，选项D 错误； 12．D 解析：D 【解析】 【分析】 考查断电自感。 【详解】 A．电路稳定后将S1断开，线圈L通过开关S2与灯泡A构成回路，灯泡B无自感电流通过，灯泡B直接熄灭，A错误； B．断开前AB亮度相同，则线圈电阻阻值与电阻R阻值相同，通过线圈的电流与通过灯泡A的电流相同，将S1断开，灯泡A中电流变成通过线圈电流，大小没有变，所以不会比原来更亮，B错误； C．电路稳定后将S1断开，线圈L通过开关S2与灯泡A构成回路，灯泡B无自感电流通过，C错误； D．有电流通过A灯，方向为b→a，D正确。 故选D。 13．A 解析：A 【解析】 【分析】 【详解】 AB．根据E=BωS可知，无论线圈绕轴P1和P2转动，则产生的感应电动势均相等，故感应电流相等，故A正确，B错误； C．由楞次定律可知，线线圈绕P1和P2转动时电流的方向相同，都是a→d→c→b→a，故C错误； D．由于线圈P1转动时线圈中的感应电流等于绕P2转动时线圈中得电流，故根据 F=BLI 可知，线圈绕P1转动时dc边受到的安培力等于绕P2转动时dc边受到的安培力，故D错误。 故选A。 14．A 解析：A 【解析】 【分析】 利用楞次定律的相对运动角度分析“来拒去留”，即可一一判定求解。 【详解】 根据楞次定律的“来拒去留”，则当磁铁在向下运动的过程中，线圈产生感应电流，形成感应磁场，从而阻碍磁铁的向下运动，则线圈给它的磁场力始终向上，故A正确，BCD错误；故选A。 【点睛】 本题巧妙的考查了楞次定律的应用，只要记住“来拒去留”，同时理解“增反减同”这一规律，此类题目难度不大。 15．C 解析：C 【解析】 【详解】 AB．若环放在线圈两边，根据“来拒去留”可得，合上开关S的瞬间，环为阻碍磁通量增大，则环将向两边运动，故AB错误； C．线圈中电流为右侧流入，磁场方向为向左，在闭合开关的过程中，磁场变强，则由楞次定律可知，电流由左侧向右看为顺时针，故C正确； D．由于铜环的电阻较小，故铜环中感应电流较大，则铜环受到的安培力要大于铝环受到的安培力，故D错误。 故选C。 16．D 解析：D 【解析】 【分析】 【详解】 AB．abcd区域内的磁场均匀变化，因此产生恒定的电流，螺旋管中电流不变，其产生的磁场也不变，则导体圆环中不产生感应电流，导体圆环对桌面的压力等于重力，故A、B错误； CD．要使导体圆环对桌面的压力小于重力，则螺线管对导体圆环为引力，由楞次定律可知穿过导体圆环的磁通量变小，故螺线管中电流变小，因此abcd区域的磁通量变化率应该越来越小，故C错误，D正确； 故选D。 17．B 解析：B 【解析】 AB、合上开关S接通电路时，两支路电流增加，所以灯泡A2马上亮起来，而在A1支路中线圈L上会产生自感电动势，阻碍电流的增加，所以使得电灯1A慢慢亮起来，故B正确，A错误； A中的电流立即消失，但CD、当断开开关S切断电路时，电路中的电流减小，所以支路 2 是在1A支路由于L中的自感电动势阻碍电流的减少，此电流会在1A→L→2A中重新形成回路，所以会使得1A2A两灯慢慢的一起熄灭，故CD错误； 故选B． 18．B 解析：B 【解析】 【分析】 【详解】 A．由图可知，0~0.1s内磁通量的变化量为 -= 0.15Wb0.10Wb0.05Wb 故A错误； B．穿过线圈的磁通量变化率为 0.5Wb/s t ?Φ =? 感应电动势为 0.5V E N t ?Φ ==? 故B 正确； CD ．由楞次定律可得：感应电流的方向为逆时针方向，则B 端比A 端电势低，所以电压表“+”接线柱接A 端，故CD 错误。 故选B 。 19．D 解析：D 【解析】 【分析】 【详解】 A.线圈与磁场平行，磁通量为零，没变化，不会产生感应电流，选项A 错误； B.线圈没有闭合，不会产生感应电流，选项B 错误； C. 线圈与磁场平行，磁通量为零，没变化，不会产生感应电流，选项C 错误； D.导体棒切割磁感线运动，线圈形成闭合回路，有感应电流产生，选项D 正确。 故选D 。 20．C 解析：C 【解析】 【详解】 位移在0～L 过程：磁通量增大，由楞次定律判断感应电流方向为顺时针方向，为正值。 BLv I R = ，因l=x ，则Bv I x R = ，位移在L ～2L 过程：磁通量先增大后减小，由楞次定律判断感应电流方向先为顺时针方向，为正值，后为逆时针方向，为负值。位移在2L ～3L 过程：磁通量减小，由楞次定律判断感应电流方向为逆时针方向，为负值。 (2)Bv I L x R = -，故选C 。 21．C 解析：C 【解析】 试题分析：当线圈刚进入磁场时，由于穿过线圈的磁通量增大，根据楞次定律可得此时的感应电流方向为逆时针方向，当线圈完全进入磁场后到刚要穿出磁场的过程中，由于穿过线圈的磁通量不变，所以没有感应电流产生，当线圈穿出磁场过程中，穿过磁场的磁通量减小，根据楞次定律可得此时的感应电流方向为顺时针方向，故C 正确 考点： 考查了楞次定律的简单应用 22．A 解析：A 【解析】 【分析】 【详解】 ABCD ．设磁铁的下端为N 极，则磁铁下落时，回路中的磁通量向下增大，根据楞次定律和安培定则，回路中的电流为逆时针，则由左手定则可得，P 受力向左，Q 受力向右，相互靠拢；设磁铁的下端为S 极，则在磁铁下落时，回路中的磁通量向上增大，根据楞次定律和安培定则，回路中的电流为顺时针，则由左手定则可得，P 受力向左，Q 受力向右，相互靠拢，BCD 错误A 正确。 故选A 。 23．B 解析：B 【解析】 【分析】 本题考查了感应电流产生的条件：闭合回路中的磁通量发生变化．据此可正确解答本题． 【详解】 A 、由于圆环不闭合，即使磁通量增加，也不产生感应电流，故A 错误． B 、由图知，闭合回路的面积增大，磁通量增加，将产生感应电流．故B 正确． C 、根据安培定则知，穿过圆环的磁通量完全抵消，磁通量为零，且保持不变，所以不产生感应电流，故C 错误． D 、线框垂直于磁感线运动，虽然切割磁感线，但穿过线框的磁通量没有变化，因此也不会产生感应电流，故D 错误． 故选B ． 24．C 解析：C 【解析】 【详解】 BD ．在0~ 2 T 时间内，直导线中的电流向上，由乙可知在2T ～T 时间内直线电流方向向 下，根据安培定则知导线右侧磁场的方向垂直纸面向外，电流逐渐增大则磁场逐渐增强，根据楞次定律，金属线框中产生顺时针方向的感应电流；故B 项不合题意，D 项不合题意． AC ．根据左手定则，知金属框左边受到的安培力方向水平向右，右边受到的安培力水平向左．离导线越近，磁场越强，则左边受到的安培力大于右边受到的安培力所以金属框所受安培力的合力水平向右，故A 项不合题意，C 项符合题意． 25．A 解析：A 【解析】 【详解】 AB、合上开关S接通电路，A、B立即亮，线圈对电流的增大有阻碍作用，所以通过L的电流慢慢变大，最后L将灯泡A短路，导致A熄灭，B更亮，故A正确，B错误； C、稳定后再断开S的瞬间，B灯立即熄灭，但由于线圈的电流减小，导致线圈中出现感应电动势从而阻碍电流的减小，所以A灯亮一下再慢慢熄灭，通过A灯电流方向为b→a，故C错误； D、稳定后再断开S的瞬间，B灯立即熄灭，故D错误。