计算机网络作业答案
1-10 试在下列条件下比较电路交换和分组交换。要传送的报文共x（bit）。从源点到终点共经过k段链路，每段链路的传播时延为d（s），数据率为b(b/s)。在电路交换时电路的建立时间为s(s)。在分组交换时分组长度为p(bit)，且各结点的排队等待时间可忽略不计。问在怎样的条件下，分组交换的时延比电路交换的要小？（提示：画一下草图观察k段链路共有几个结点。）
答：线路交换时延：k*d+x/b+s,
分组交换时延：k*d+(x/p)*(p/b)+ (k-1)*(p/b)
其中(k-1)*(p/b)表示K段传输中，有(k-1)次的储存转发延迟，
当s>(k-1)*(p/b)时，电路交换的时延比分组交换的时延大，
当x>>p,相反。
1-15 假定网络利用率达到了90%。试估计一下现在的网络时延是它的最小值的多少倍？解：设网络利用率为U。，网络时延为D，网络时延最小值为D0 U=90%;D=D0/(1-U)---->D/ D0=10 现在的网络时延是最小值的10倍
1-17 收发两端之间的传输距离为1000km，信号在媒体上的传播速率为2×108m/s。试计算以下两种情况的发送时延和传播时延：
（1）数据长度为107bit,数据发送速率为100kb/s。
（2）数据长度为103bit,数据发送速率为1Gb/s。从上面的计算中可以得到什么
样的结论？
解：（1）发送时延：ts=107/105=100s
传播时延tp=106/(2×108)=0.005s
（2）发送时延ts =103/109=1μs
传播时延：tp=106/(2×108)=0.005s
结论：若数据长度大而发送速率低，则在总的时延中，发送时延往往大于传播时延。但若数据长度短而发送速率高，则传播时延就可能是总时延中的主要成分
1-18 假设信号在媒体上的传播速度为2×108m/s.媒体长度L分别为：
（1）10cm（网络接口卡）
（2）100m（局域网）
（3）100km（城域网）
（4）5000km（广域网）
试计算出当数据率为1Mb/s和10Gb/s时在以上媒体中正在传播的比特数。
解：时延带宽积 = 传播时延 带宽
（1）1Mb/s:传播时延=0.1/(2×108)=4.35×10-10
比特数=4.35×10-10×1×106=4.35×10-4
1Gb/s: 比特数=4.35×10-10×1×109=4.35×10-1
（2）1Mb/s: 传播时延=100/(2×108)=4.35×10-7
比特数=4.35×10-7×1×106=4.35×10-1
1Gb/s: 比特数=4.35×10-7×1×109=4.35×102
（3）1Mb/s: 传播时延=100000/(2×108)=4.35×10-4
比特数=4.35×10-4×1×106=4.35×102
1Gb/s: 比特数=4.35×10-4×1×109=4.35×105
（4）1Mb/s: 传播时延=5000000/(2×108)=2.17×10-2
比特数=2.17×10-2×1×106=2.17×104
1Gb/s: 比特数=2.17×10-2×1×109=2.17×107
1-19 长度为100字节的应用层数据交给传输层传送，需加上20字节的TCP首部。再交给网络层传送，需加上20字节的IP首部。最后交给数据链路层的以太网传送，加上首部和尾部工18字节。试求数据的传输效率。数据的传输效率是指发送的应用层数据除以所发送的总数据（即应用数据加上各种首部和尾部的额外开销）。若应用层数据长度为1000字节，数据的传输效率是多少？
解：（1）100/（100+20+20+18）=63.3%
（2）1000/（1000+20+20+18）=94.5%
2-07 假定某信道受奈氏准则限制的最高码元速率为20000码元/秒。如果采用振幅调制，把码元的振幅划分为16个不同等级来传送，那么可以获得多高的数据率（b/s）?
答： C=R*Log2(16)=20000b/s*4=80000b/s
2-08 假定要用3KHz带宽的电话信道传送64kb/s的数据（无差错传输），试问这个信道应具有多高的信噪比（分别用比值和分贝来表示？这个结果说明什么问题？）
答：C=Wlog2（1+S/N）(b/s) W=3kHz，C=64kb/s S/N=2C/W -1 =2642245 信噪比(dB)=10*log10(S/N)=64.2dB 分析：FM立体声广播：60dB左右高保真MP3:90dB 以上高保真耳机：110dB 是个信噪比要求较高的信源
2-12 试计算工作在1200nm到1400nm之间以及工作在1400nm到1600nm之间的光波的频带宽度。假定光在光纤中的传播速率为2*108m/s.
解：V:传播速率 F:频率 L:波长
V=L*F → F=V/L
带宽=F2-F1=V/L1-V/L2
1200nm到1400nm：带宽=23.8THZ
1400nm到1600nm：带宽=17.86THZ
2-16 共有4个站进行码分多址通信。4个站的码片序列为
A：（－1－1－1＋1＋1－1＋1＋1） B：（－1－1＋1－1＋1＋1＋1－1）
C：（－1＋1－1＋1＋1＋1－1－1） D：（－1＋1－1－1－1－1＋1－1）
现收到这样的码片序列S：（－1＋1－3＋1－1－3＋1＋1）。问哪个站发送数据了？发送数据的站发送的是0还是1？
解：S?A=（＋1－1＋3＋1－1＋3＋1＋1）／8=1， A发送1
S?B=（＋1－1－3－1－1－3＋1－1）／8=-1，B发送0
S?C=（＋1＋1＋3＋1－1－3－1－1）／8=0， C无发送
S?D=（＋1＋1＋3－1＋1＋3＋1－1）／8=1， D发送1
3-07 要发送的数据为1101011011。采用CRC的生成多项式是P（X）=X4+X+1。试求应添加在数据后面的余数。数据在传输过程中最后一个1变成了0，问接收端能否发现？若数据在传输过程中最后两个1都变成了0，问接收端能否发现？采用CRC检验后，数据链路层的传输是否就变成了可靠的传输？
答：（1）作二进制除法，1101011011 0000 10011 得余数1110 ，添加的检验序列是1110.
（2）作二进制除法，两种错误均可发现
（3）仅仅采用了CRC检验，缺重传机制，数据链路层的传输还不是可靠的传输。
3-09 一个PPP帧的数据部分（用十六进制写出）是7D 5E FE 27 7D 5D 7D 5D 65 7D 5E。试问真正的数据是什么（用十六进制写出）？
答：7D 5E FE 27 7D 5D 7D 5D 65 7D 5E
7E FE 27 7D 7D 65 7E
3-10 PPP协议使用同步传输技术传送比特串0110111111111100。试问经过零比特填充后变成怎样的比特串？若接收端收到的PPP帧的数据部分是0001110111110111110110，问删除发送端加入的零比特后变成怎样的比特串？
答：011011111 11111 00
011011111011111000
0001110111110111110110
000111011111 11111 110
3-22 假定在使用CSMA/CD协议的10Mb/s以太网中某个站在发送数据时检测到碰撞，执行退避算法时选择了随机数r=100。试问这个站需要等待多长时间后才能再次发送数据？如果是100Mb/s的以太网呢？
答：对于10Mb/s的以太网，以太网把争用期定为51.2微秒，要退后100个争用期，等待时间是51.2（微秒）*100=5.12ms
对于100mb/s的以太网，以太网把争用期定为5.12微秒，要退后100个争用期，等待时间是5.12（微秒）*100=512微秒
3-28 有10个站连接到以太网上。试计算一下三种情况下每一个站所能得到的带宽。
（1）10个站都连接到一个10Mb/s以太网集线器；
（2）10个站都连接到一个100Mb/s以太网集线器；
（3）10个站都连接到一个10Mb/s以太网交换机。
答:（1）10个站都连接到一个10Mb/s以太网集线器：共享10Mb/s
（2）10个站都连接到一个100Mb/s以太网集线器：共享100Mb/s
（3）10个站都连接到一个10Mb/s以太网交换机：独享10Mb/s
3-32 图3-35表示有五个站点分别连接在三个局域网上，并且用网桥B1和B2连接起来。每一个网桥都有两个接口（1和2）。在一开始，两个网桥中的转发表都是空的。以后有以下各站向其他的站发送了数据帧：A发送给E，C发送给B，D发送给C，B发送给A。试把有关数据填写在表3-2中。
4-9（1）子网掩码为255.255.255.0代表什么意思？有三种含义其一是一个A类网的子网掩码，对于A类网络的IP地址，前8位表示网络号，后24位表示主机号，使用子网掩码255.255.255.0表示前8位为网络号，中间16位用于子网段的划分，最后8位为主机号。第二种情况为一个B类网，对于B类网络的IP地址，前16位表示网络号，后16位表示主机号，使用子网掩码255.255.255.0表示前16位为网络号，中间8位用于子网段的划分，最后8位为主机号。第三种情况为一个C类网，这个子网掩码为C类网的默认子网掩码。（2）一网络的现在掩码为255.255.255.248，问该网络能够连接多少个主机？
255.255.255.248即11111111.11111111.11111111.11111000.
每一个子网上的主机为(2^3)-2=6 台掩码位数29，该网络能够连接8个主机，扣除全1和全0后为6台。
（3）一A类网络和一B网络的子网号subnet-id分别为16个1和8个1，问这两个子网掩码有何不同？
A类网络：11111111 11111111 11111111 00000000
给定子网号（16位“1”）则子网掩码为255.255.255.0
B类网络 11111111 11111111 11111111 00000000
给定子网号（8位“1”）则子网掩码为255.255.255.0但子网数目不同。前者为65534，后者为254。
4）一个B类地址的子网掩码是255.255.240.0。试问在其中每一个子网上的主机数最多是多少？
255.255.240.0 = 11111111.11111111.11110000.00000000
Host-id的位数为4+8=12，因此，最大主机数为：
2^12-2=4096-2=4094
（5）一A类网络的子网掩码为255.255.0.255；它是否为一个有效的子网掩码？
变成二进制形式：11111111 11111111 00000000 11111111.可见是一个有效的子网掩码，但不是一个方便实用的解决办法。
（6）某个IP地址的十六进制表示C2.2F.14.81，试将其转化为点分十进制的形式。这个地址是哪一类IP地址？C2 2F 14 81 = (12*16+2).(2*16+15).(16+4).(8*16+1) = 194.47.20.129
C2 2F 14 81 = 11000010.00101111.00010100.10000001 C类地址
（7）C类网络使用子网掩码有无实际意义？为什么？
有实际意义。C类子网IP地址的32位中，前24位用于确定网络号，后8位用于确定主机号。如果划分子网，可以选择后8位中的高位，这样做可以进一步划分网络，并且不增加路由表的内容，但是代价是主机数相信减少。
4-17 一个3200位长的TCP报文传到IP层，加上160位的首部后成为数据报。下面的互联网由两个局域网通过路由器连接起来。但第二个局域网所能传送的最长数据帧中的数据部分只有1200位。因此数据报在路由器必须进行分片。试问第二个局域网向其上层要传送多少比特的数据（这里的“数据”当然指的是局域网看见的数据）?
答：第二个局域网所能传送的最长数据帧中的数据部分只有1200bit，即每个IP数据片的数据部分<1200-160(bit)，由于片偏移是以8字节即64bit为单位的，所以IP数据片的数据部分最大不超过1024bit，这样3200bit的报文要分4个数据片，所以第二个局域网向上传送的比特数等于（3200+4×160），共3840bit。
4-20 设某路由器建立了如下路由表：
目的网络子网掩码下一跳
128.96.39.0 255.255.255.128 接口m0
128.96.39.128 255.255.255.128 接口m1
128.96.40.0 255.255.255.128 R2
192.4.153.0 255.255.255.192 R3
*（默认）——R4
现共收到5个分组，其目的地址分别为：
（1）128.96.39.10
（2）128.96.40.12
（3）128.96.40.151
（4）192.153.17
（5）192.4.153.90
试分别计算其下一跳。
（1）分组的目的站IP地址为：128.96.39.10。先与子网掩码255.255.255.128相与，得
128.96.39.0，可见该分组经接口0转发。
（2）分组的目的IP地址为：128.96.40.12。
①与子网掩码255.255.255.128相与得128.96.40.0，不等于128.96.39.0。
②与子网掩码255.255.255.128相与得128.96.40.0，经查路由表可知，该项分组经R2转发。
（3）分组的目的IP地址为：128.96.40.151。
①与子网掩码255.255.255.128相与后得128.96.40.128，②与子网掩码255.255.255.192相与后得128.96.40.128，经查路由表知，该分组转发选择默认路由，经R4转发。
（4）分组的目的IP地址为：192.4.153.17。
①与子网掩码255.255.255.128相与后得192.4.153.0。
②与子网掩码255.255.255.192相与后得192.4.153.0，经查路由表知，该分组经R3转发。
（5）分组的目的IP地址为：192.4.153.90。
①与子网掩码255.255.255.128相与后得192.4.153.0。
②与子网掩码255.255.255.192相与后得192.4.153.64，经查路由表知，该分组转发选择默认路由，经R4转发
4-41 假定网络中的路由器B的路由表有如下的项目（这三列分别表示“目的网络” 、“距离”和“下一跳路由器”）
N1 7 A
N2 2 C
N6 8 F
N8 4 E
N9 4 F
现在B收到从C发来的路由信息（这两列分别表示“目的网络”“距离”）：
N2 4
N3 8
N6 4
N8 3
N9 5
试求出路由器B更新后的路由表（详细说明每一个步骤）。
路由器B更新后的路由表如下：
N1 7 A 无新信息，不改变
N2 5(1+4) C 相同的下一跳，更新
N3 9(1+8) C 新的项目，添加进来
N6 5(1+4) C 不同的下一跳，距离更短，更新
N8 4 E 不同的下一跳，距离一样，不改变
N9 4 F 不同的下一跳，距离更大，不改变
5-12 一个应用程序用UDP，到IP层把数据报再划分为4个数据报片发送出去，结果前两
个数据报片丢失，后两个到达目的站。过了一段时间应用程序重传UDP，而IP层仍然划分为4个数据报片来传送。结果这次前两个到达目的站而后两个丢失。试问：在目的站能否将这两次传输的4个数据报片组装成完整的数据报？假定目的站第一次收到的后两个数据报片仍然保存在目的站的缓存中。
答：不行。重传时，IP数据报的标识字段会有另一个分片标识符。仅当分片标识符相同的IP数据报片才能组装成一个IP数据报。两个IP数据报片的标识符与后两个IP数据报片的分片标识符不同，因此不能组装成一个IP数据报。
5-22 主机A向主机B发送一个很长的文件，其长度为L字节。假定TCP使用的MSS有1460字节。
（1）在TCP的序号不重复使用的条件下，L的最大值是多少？
（2）假定使用上面计算出文件长度，而运输层、网络层和数据链路层所使用的首部开销共66字节，链路的数据率为10Mb/s，试求这个文件所需的最短发送时间。
解：（1）L_max的最大值是2^32=4GB, G=2^30.
（2）满载分片数Q={L_max/MSS}，取整=2941758 发送的总报文数。
N=Q*(MSS+66)+{(L_max-Q*MSS)+66}=4489122708+682=4489123390
总字节数是N=4489123390字节，发送4489123390字节需时间为：N*8/（10*10^6）=3591.3秒，即59.85分，约1小时。
5-23 主机A向主机B连续发送了两个TCP报文段，其序号分别为70和100。试问：（1）第一个报文段携带了多少个字节的数据？
（2）主机B收到第一个报文段后发回的确认中的确认号应当是多少？
（3）如果主机B收到第二个报文段后发回的确认中的确认号是 180，试问A发送的第二个报文段中的数据有多少字节？
（4）如果A发送的第一个报文段丢失了，但第二个报文段到达了B。B在第二个报文段到达后向A发送确认。试问这个确认号应为多少？
解:（1）第一个报文段的数据序号是70到99，共30字节的数据。
（2）确认号应为100.
（3）80字节。
（4）70
5-28 主机A向主机B发送TCP报文段，首部中的源端口是m而目的端口是n。当B向A 发送回信时，其TCP报文段的首部中源端口和目的端口分别是什么？
答：分别是n和m。
5-30 设TCP使用的最大窗口为65535字节，而传输信道不产生差错，带宽也不受限制。若报文段的平均往返时延为20ms，问所能得到的最大吞吐量是多少?
答：在发送时延可忽略的情况下，最大数据率=最大窗口*8/平均往返时间=26.2Mb/s。
5-39 TCP的拥塞窗口cwnd大小与传输轮次n的关系如下所示：
（1）试画出如图5-25所示的拥塞窗口与传输轮次的关系曲线。
（2）指明TCP工作在慢开始阶段的时间间隔。
（3）指明TCP工作在拥塞避免阶段的时间间隔。
（4）在第16轮次和第22轮次之后发送方是通过收到三个重复的确认还是通过超市检测到丢失了报文段？
（5）在第1轮次，第18轮次和第24轮次发送时，门限ssthresh分别被设置为多大？（6）在第几轮次发送出第70个报文段？
（7）假定在第26轮次之后收到了三个重复的确认，因而检测出了报文段的丢失，那么拥塞窗口cwnd和门限ssthresh应设置为多大？
答：（1）拥塞窗口与传输轮次的关系曲线如图所示（课本后答案）：
（2）慢开始时间间隔：【1，6】和【23，26】
（3）拥塞避免时间间隔：【6，16】和【17，22】
（4）在第16轮次之后发送方通过收到三个重复的确认检测到丢失的报文段。在第22轮次之后发送方是通过超时检测到丢失的报文段。
（5）在第1轮次发送时，门限ssthresh被设置为32
在第18轮次发送时，门限ssthresh被设置为发生拥塞时的一半，即21.
在第24轮次发送时，门限ssthresh是第18轮次发送时设置的21
（6）第70报文段在第7轮次发送出。
（7）拥塞窗口cwnd和门限ssthresh应设置为8的一半，即4.
6-03 举例说明域名转换的过程。域名服务器中的高速缓存的作用是什么？
答：（1）把不方便记忆的IP地址转换为方便记忆的域名地址。
（2）作用：可大大减轻根域名服务器的负荷，使因特网上的 DNS 查询请求和回答报文的数量大为减少
6-10 假定要从已知的URL获得一个万维网文档。若该万维网服务器的IP地址开始时并不知道。试问：除 HTTP外，还需要什么应用层协议和传输层协议？
答：应用层协议需要的是DNS。
运输层协议需要的是UDP（DNS）使用和TCP（HTTP使用）。
6-13 浏览器同时打开多个TCP连接进行浏览的优缺点如何？请说明理由。
答：优点：可以缩短响应时间，简单明了方便。
缺点：卡的时候容易死机。
6-15 假定你在浏览器上点击一个URL，但这个URL的ip地址以前并没有缓存在本地主机上。因此需要用DNS自动查找和解析。假定要解析到所要找的URL的ip地址共经过n个DNS服务器，所经过的时间分别是RTT1,RTT2,……RTTn。假定从要找的网页上只需要读取一个很小的图片（即忽略这个小图片的传输时间）。从本地主机到这个网页的往返时间是RTTw.试问从点击这个URL开始，一直到本地主机的屏幕上出现所读取的小图片，一共需要经过多少时间？
解：解析IP地址需要时间是：RTT1+RTT2+…+RTTn。
建立TCP连接和请求万维网文档需要2RTTw。
6-24 试述邮局协议POP的工作过程。在电子邮件中，为什么需要使用POP和SMTP这两个协议？IMAP与POP有何区别？
答：POP 使用客户机服务器的工作方式。在接收邮件的用户的PC 机中必须运行POP 客户机程序，而在其ISP 的邮件服务器中则运行POP 服务器程序。POP 服务器只有在用户输入鉴别信息（用户名和口令）后才允许对邮箱进行读取。POP 是一个脱机协议，所有对邮件的处理都在用户的PC 机上进行；IMAP 是一个联机协议，用户可以操纵ISP 的邮件服务器的邮箱。
6-30 电子邮件系统使用TCP传送邮件。为什么有时我们会遇到邮件发送失败的情况？为什么有时对方会收不到我们发送的邮件？
答：有时对方的邮件服务器不工作，邮件就发送不出去。对方的邮件服务器出故障也会使邮件丢失。
7-02 试解释以下名词：（1）重放攻击；（2）拒绝服务；（3）访问控制；（4）流量分析；（5）
恶意程序。
答：（ 1）重放攻击：所谓重放攻击（replay attack）就是攻击者发送一个目的主机已接收过的包，来达到欺骗系统的目的，主要用于身份认证过程。
（2）拒绝服务：DoS(Denial of Service)指攻击者向因特网上的服务器不停地发送大量分组，使因特网或服务器无法提供正常服务。
（3）访问控制：（access control）也叫做存取控制或接入控制。必须对接入网络的权限加以控制，并规定每个用户的接入权限。
（4）流量分析：通过观察 PDU 的协议控制信息部分，了解正在通信的协议实体的地址和身份，研究 PDU 的长度和传输的频度，以便了解所交换的数据的某种性质。这种被动攻击又称为流量分析（traffic analysis）。
（5）恶意程序：恶意程序（rogue program）通常是指带有攻击意图所编写的一段程序。
7-07 对称密钥体制与公钥密码体制的特点各如何？各有何优缺点？
答：在对称密钥体制中，它的加密密钥与解密密钥的密码体制是相同的，且收发双方必须共享密钥，对称密码的密钥是保密的，没有密钥，解密就不可行，知道算法和若干密文不足以确定密钥。公钥密码体制中，它使用不同的加密密钥和解密密钥，且加密密钥是向公众公开的，而解密密钥是需要保密的，发送方拥有加密或者解密密钥，而接收方拥有另一个密钥。两个密钥之一也是保密的，无解密密钥，解密不可行，知道算法和其中一个密钥以及若干密文不能确定另一个密钥。
优点：对称密码技术的优点在于效率高，算法简单，系统开销小，适合加密大量数据。对称密钥算法具有加密处理简单，加解密速度快，密钥较短，发展历史悠久等优点。
缺点：对称密码技术进行安全通信前需要以安全方式进行密钥交换，且它的规模复杂。公钥密钥算法具有加解密速度慢的特点，密钥尺寸大，发展历史较短等特点。
7-11 为什么需要进行报文鉴别？鉴别和保密、授权有什么不同？报文鉴别和实体鉴别有什么区别？
答：(1)使用报文鉴别是为了对付主动攻击中的篡改和伪造。当报文加密的时候就可以达到报文鉴别的目的，但是当传送不需要加密报文时，接收者应该能用简单的方法来鉴别报文的真伪。
(2)鉴别和保密并不相同。鉴别是要验证通信对方的确是自己所需通信的对象，而不是其他的冒充者。鉴别分为报文鉴别和实体鉴别。授权涉及到的问题是：所进行的过程是否被允许(如是否可以对某文件进行读或写)。
(3)报文鉴别和实体鉴别不同。报文鉴别是对每一个收到的报文都要鉴别报文的发送者，而实体鉴别是在系统接入的全部持续时间内对和自己通信的对方实体只需验证一次。
6-24 试述邮局协议POP的工作过程。在电子邮件中，为什么需要使用POP和SMTP这两个协议？IMAP与POP有何区别？
答：POP 使用客户机服务器的工作方式。在接收邮件的用户的PC 机中必须运行POP 客户机程序，而在其ISP 的邮件服务器中则运行POP 服务器程序。POP 服务器只有在用户输入鉴别信息（用户名和口令）后才允许对邮箱进行读取。OP 是一个脱机协议，所有对邮件的处理都在用户的PC 机上进行；IMAP 是一个联机协议，用户可以操纵ISP 的邮件服务器的邮箱。
7-21 试述防火墙的工作原理和所提供的功能。什么叫做网络级防火墙和应用级防火墙？
答：防火墙的工作原理：防火墙中的分组过滤路由器检查进出被保护网络的分组数据，按照系统管理员事先设置好的防火墙规则来与分组进行匹配，符合条件的分组就能通过，否则就丢弃。
防火墙提供的功能有两个：一个是阻止，另一个是允许。阻止就是阻止某种类型的通信量通过防火墙。允许的功能与阻止的恰好相反。不过在大多数情况下防火墙的主要功能是阻止。网络级防火墙：主要是用来防止整个网络出现外来非法的入侵，属于这类的有分组过滤和授权服务器。前者检查所有流入本网络的信息，然后拒绝不符合事先制定好的一套准则的数据，而后者则是检查用户的登录是否合法。
应用级防火墙：从应用程序来进行介入控制。通常使用应用网关或代理服务器来区分各种应用。
8-2 端到端时延与时延抖动有什么区别？产生时延抖动的原因时什么？为什么说在传送音频/视频数据时对时延和时延抖动都有较高的要求？
答：端到端的时延是指按照固定长度打包进 IP 分组送入网络中进行传送；接收端再从收到的 IP 包中恢复出语音信号，由解码器将其还原成模拟信号。时延抖动是指时延变化。数据业务对时延抖动不敏感，所以该指标没有出现在 Benchmarking 测试中。由于 IP上多业务，包括语音、视频业务的出现，该指标才有测试的必要性。
延的原因：IP 数据包之间由于选择路由不同，而不同路由间存在不同时延等因素，导致同一voip的数据包之间会又不同的时延，由此产生了时延抖动。
把传播时延选择的越大，就可以消除更大的时延抖动，但所要分组经受的平均时延也增大了，而对某些实时应用是很不利的。如果传播时延太小，那么消除时延抖动的效果就较差。因此播放时延必须折中考虑。
8-15 携带实时音频信号的固定长度分组序列发送到因特网。每隔 10ms 发送一个分组。前10个分组通过网络的时延分别为 45ms，50ms，53ms，46ms，30ms，40ms，46ms，49ms，55ms 和 51ms。
（1）用图表示出这些分组发出时间和到达时间。
（2）若在接收端还原时的端到端时延为 75ms，试求出每个分组经受的时延。
（3）画出接收端缓存中的分组数与时间的关系。
解：（1）下图（a）的纵横坐标表示这些分组的发出时间和到达时间
2）每个分组经受的时延分别为：30，25，22，29，455，35，29，26，20 和 24ms
（3）接收端缓存中的分组数与时间的关系如下图（b）所示
8-16 音信号的采样速率为 8000HZ，每隔 10ms 将已编码的话音采样装配为话音分组。每一个话音分组在发送之前要加上一个时间戳。假定时间戳是从一个时钟得到的，该时钟每隔△秒将计时器加 1.试问能否将△取为 9ms？如果行，请说明理由。如果不行，你认为△应取为多少？解：不能将△取为 9ms，可以将△取为 5ms
8-21 假定有一个支持三种类别的缓存运行加权公平排队 WFQ 调度算法,并假定这三种类别的权重分别是 0.5, 0.25, 0.25。如果是采用循环调度，那么这三个类别接受服务的顺序是123123123…。
（1）如果每种类别在缓存中都有大量的分组，试问这三种类别的分组可能以何种顺序接受服务？
（2）如果第 1 类和第 3 类在缓存中有大量的分组，但缓存中没有第 2 类的分组，试问这两类分组可能以何种顺序接受服务？
解：（ 1）如果每种类别在缓存中都有大量的分组，这三种类别的分组接受服务的顺序有：
112311231123…, 113211321132…, 211321132113…, 311231123112…, 231123112311…, 321132113211…。
（2）如果 1 类和第 3 类在缓存中有大量的分组，但缓存中没有第 2 类的分组，则这两类分组接受服务的顺序有：113113113…, 311311311。
9-01．无线局域网都由哪几部分组成？无线局域网中的固定基础设施对网络的性能有何影响？接入点 AP 是否就是无线局域网中的固定基础设施？
答：无线局域网由无线网卡、无线接入点(AP)、计算机和有关设备组成，采用单元结构，将整个系统分成许多单元，每个单元称为一个基本服务组。所谓“固定基础设施”是指预先建立起来的、能够覆盖一定地理范围的一批固定基站。直接影响无线局域网的性能。接入点 AP 是星形拓扑的中心点，它不是固定基础设施。
9-04．在无线局域网中的关联（association）的作用是什么？
答：802.11 标准并没有定义如何实现漫游，但定义了一些基本的工具。例如，一个移动站若要加入到一个基本服务及 BSS，就必须先选择一个接入点 AP，并与此接入点建立关联（association）。建立关联就表示这个移动站加入了选定的 AP 所属子网，并和这个接入点AP 之间粗昂见了一个虚拟线路。只有关联的 AP 才想这个移动站发送数据帧，而这个移动站也只有通过关联的 AP 才能向其他站点发送数据帧。这和手机开机之后必须和某个基站建立关联的概念是相似的。
9-07．无线局域网的 MAC 协议有哪些特点？为什么在无线局域网中不能使用 CSMA/CD 协议而必须使用 CSMA/CA 协议？
答：无线局域网的 MAC 协议提供了一个名为分布式协调功能（DCF）的分布式接入控制机制以及工作于其上的一个可选的集中式控制，该集中式控制算法称为点协调功能（PCF）。DCF 采用争用算法为所有通信量提供接入； PCF 提供无争用的服务，并利用了 DCF 特性来保证它的用户可靠接入。PCF 采用类似轮询的方法将发送权轮流交给各站，从而避免了冲突的产生，对于分组语音这样对于时间敏感的业务，就应提供 PCF 服务。由于无线信道信号强度随传播距离动态变化范围很大，不能根据信号强度来判断是否发生冲突，因此不适用有线局域网的的冲突检测协议 CSMA/CD。802.11 采用了 CSMA/CA 技术，CA 表示冲突避免。这种协议实际上是在发送数据帧前需对信道进行预约。这种 CSMA/CA 协议通过RTS（请求发送）帧和 CTS（允许发送）帧来实现。源站在发送数据前，先向目的站发送一个称为 RTS 的短帧，目的站收到 RTS 后向源站响应一个 CTS 短帧，发送站收到 CTS 后就可向目的站发送数据帧。
9-09．结合隐蔽站问题和暴露站问题说明 RTS 帧和 CTS 帧的作用。RTS/CTS 是强制使用还是选择使用？请说明理由。
答：源站在发送数据帧之前发送 RTS 帧，若信道空闲，则目的站响应 CTS 帧，当源站收到CTS帧后就可发送其数据帧，实际上就是在发送数据帧前先对信道预约一段时间。 RTS/CTS 是选择使用的，因为当数据帧本身长度很短时，使用 RTS/CTS 反而会降低效率。
计算机网络大作业
“计算机网络”课程大作业 一、有关本次大作业的说明： 1、本作业作为“计算机网络”课程的期末考核内容。 2、自布置之日起一周内完成。 3、每位同学必须根据自己的实际操作独立完成大作业题目内容所规定的任务。 4、所有的设计、操作环节必须以文字以及绘图的形式提交，涉及到屏幕界面显示具体结果的，应采用“屏幕截图”到Word文档中的形式提交。 5、此大作业的考核满分成绩为100分。 6、大作业使用统一的封面格式，见附录。内容可以机打，也可以手写，统一用A4纸张。内容大标题用宋体2号字加粗，一级标题用黑体4号字加粗，二级标题用宋体小4号字加粗，内容用宋体小4号字。行距为“固定值，17磅”。 二、作业题目及要求： 1、题目：“宿舍小型局域网的构建”。 2、基本要求：构建一个以本宿舍为基本单位的小型局域网，至少有4台计算机。（1）确定网络的拓扑结构。 （2）传输介质的选择（有线或无线）。如果选择有线，应说明使用哪种网线以及接头的连接标准及制作方法。 （3）网络通信设备的选型（应说明所选用设备的名称、规格、型号；以及选型依据）。 （4）计算机和网络设备的连接方法。 （5）本局域网连接到校园网的方式。 （6）假设已获取IP地址段为211.55.63.0~255，网关为62.59.3.1，DNS服务器地址为71.33.12.1。写出在你网内所有计算机上的设置过程（屏幕截图加步骤说明）。 （7）用Ping 命令检查你网内的所有计算机是否已经连通（Ping对方IP地址），将结果用屏幕截图展示。 （8）将IP地址设置改为“动态获取”方式（目前学院提供的方式），登录学院网站主页，用相关命令查看本机的主机名、网卡型号、MAC地址、当前IP地址、子网掩码、网关、域名解析服务器地址等（说明操作过程、写出以上各参数的测试结果、提供测试的屏幕截图）。 （9）用FTP协议登录某一匿名FTP网站，做一文件下载实验。提供操作过程的屏幕截图。 （10）简述完成本次大作业的体会。 注：本页作为第一页连同完成的大作业内容一起装订
计算机网络技术试题(附答案)中等职业学校课件
计算机网络技术试题（附答案）中等职业学校 一、填空 1、计算机网络按照规模可以分为局域网、城域网和广域网。 2、交换式局域网的核心是交换机，当交换机的端口为100Mbps时，如果该端口是全双工的，那么其带宽是200MBPS 。 3、广域网一般由局域网和城域网组成。 4、网络互联的类型一般可以分成4种，分别是：局域网与局域网互联、局域网与城域网互联、局域网和广域网与局域网互联和局域网和广域网与广域网互联。 5、路由器的路由可以分为静态和动态两类。 6、文件传输使用的FTP 协议，远程登陆使用TELNET 协议。 7、对于子网IP地址不足的问题，我们通常采用修改子网掩码方法来解决，而对于一些不能分配给DHCP客户机的IP地址，我们可以通过设置排除地址来解决。 8、广域网的基本结构可分为资源子网和通信子网两部分。 9、差错控制编码通常可分为检错码和纠错码两种。 10、计算机网络中，出现差错的主要原因是噪声，噪声可分为随机噪声和热噪声两类。 11、从目前发展情况来看，局域网可分为共享介质局域网和交换式局域网两类。 12、决定局域网性能的主要技术要素是网络拓扑、传输介质和访问控制三方面。 13、调制解调器中把数字信号转换成模拟信号过程称为调制。 14、IP地址能够唯一地确定Internet上每台计算机的系统位置。 15、用命令可以测试TCP/IP的配置信息。（iconfig） 第二题选择题 1、关于OSI的叙述，下列错误的是：（ C ） A．OSI是ISO制定的B．物理层负责 C．网络层负责数据打包后再传送D．在最下面的两层为物理层和数据链路层 2、下列关于信息高速公路的叙述中错误的是（ C ） A．高速网络技术是信息高速公路的核心技术之一B．信息高速公路是美国国家信息基础设施建设的核心 C．因特网是信息高速公路D．我国的公用分组网不是信息高速公路 3、网卡的主要功能不包括（ A ） A．网络互联B．将计算机连接到通信介质上C．实现数据传输D．进行电信号区配 4、广域网的分组交换网采用的协议是（ C ） A．ATM B．TCP/IP C．X.25 D．CSMA/CD 5、以太网的拓扑结构有（ D ） A．分布式B．环型C．树型D．总线型
计算机网络的主要目标是实现
一、选择题 1). 计算机网络的主要目标是实现 A) 数据处理 B) 文献检索 C) 快速通信和资源共享 D) 共享文件 2). 办公室自动化（OA）是计算机的一大应用领域，按计算机应用的分类，它属于 A) 科学计算 B) 辅助设计 C) 实时控制 D) 数据处理 3). 一个字长为6位的无符号二进制数能表示的十进制数值范围是 A) 0～64 B) 0～63 C) 1～64 D) 1～63 4). 下列叙述中，正确的是 A) 所有计算机病毒只在可执行文件中传染 B) 计算机病毒主要通过读写移动存储器或Internet网络进行传播 C) 只要把带病毒的软盘片设置成只读状态，那么此盘片上的病毒就不会因读盘而传染给另一台计算机 D) 计算机病毒是由于软盘片表面不清洁而造成的
5). 英寸双面高密盘片格式化后，每个磁道具有扇区数是 A) 9 B) 12 C) 15 D) 18 6). 计算机技术中, 下列不是度量存储器容量的单位是 A) KB B) MB C) GHz D) GB 7). 已知a=00111000B 和b=2FH ，则两者比较的正确不等式是 A) a>b B) a=b C) a
A) 01101011 B) 01100011 C) 01100101 D) 01101010 10). 为了提高软件开发效率，开发软件时应尽量采用 A) 汇编语言 B) 机器语言 C) 指令系统 D) 高级语言 11). 按照数的进位制概念，下列各数中正确的八进制数是 A) 8707 B) 1101 C) 4109 D) 10BF 12). 下列说法中，正确的是 A) 只要将高级程序语言编写的源程序文件（如）的扩展名更改为.exe，则它就成为可执行文件 了 B) 高档计算机可以直接执行用高级程序语言编写的程序 C) 源程序只有经过编译和连接后才能成为可执行程序 D) 用高级程序语言编写的程序可移植性和可读性都很差 9). 十进制数101转换成二进制数是
杭电计算机组成作业答案.doc
《指令系统》 12、 地址指令 0019HOP MOD 001AH DISP 第一条转移指令： 0019H JMP 001AH 0006H （PC）=001AH ，执行该JMP 指令后（ PC）=001AH+0006H=0020H 第二条转移指令： 0019H JMP 001AH0025H （PC）=001AH ，执行该JMP 指令后（ PC）=001AH+0025H=003FH 13、 寄存器 -存储器型指令是指一个操作数来自寄存器，另一个操作数来自存储器。 （1）指令字长32 位： OP(6) MOD(3) REG(4) ADDR(19) 直接寻址时 EA=ADDR ，因此主存最大存储空间为219字。（假设存储器按字编址） 间接寻址时 EA=（ADDR ），因此操作数地址存放在主存地址为0~219-1 的单元内，假设存储器按字编址，则 EA 应该是 32 位的地址，则主存最大存储空间为232字。 （2）其实用32 位通用寄存器做基址寄存器，类似于80X86 机器上存储器分段管理。 EA=32 位基地址 +偏移地址，所以EA 是 32 位，则主存最大存储空间为232字。 16、设某机寄存器字长16 位，用 16 进制表示，已知：变址寄存器内容为0004H ， PC 的内容为 0003H ，内存中部分单元内容如下： 地址：内容地址：内容 0002H ： 000AH 0007H ： 000AH 0003H ： 0002H 0008H ： 0002H 0004H ： 0007H 0009H ： 0003H 0005H ： 0004H 000AH ： 0009H 0006H ： 0005H 000BH ： 0008H 指令为双字长指令，格式如下： 操作码，寻址方式码，寄存器号(16 位) 0002H 直接地址/ 间接地址 / 立即数 / 相对位移量/ 形式地址(16 位 ) 0007H 若当前指令分别为下列寻址方式时，试求出操作数填入下表。 寻址方式EA= 操作数
计算机网络期末考试题
自测题(二) 一、单项选择题 (每小题 1 分，共 30 分) I 、下列设备属于资源子网的是( (1) 打印机 (2) 集中器 (3) 路由器 (4) 交换机 2、若使调制解调器完成“用音频拨号呼叫 111888”的操作，下列正确的 (1)AT111888(2)ATD111888(3)ATDP111888(4)ATDT111888 3、目前，最为流行的互联网 Internet 覆盖了全世界，它最早起源于( (1)ARPANET(2)IBM 令牌环网 (3) 以太网 (4)NSFNET 4、 在群同步传输规程中，每个字符的停止位组成如下，其中错误的是( (1)1 个高电平停止位 (2)1.5 个高电平停止位 (3)2 个高电平停止位 (4)1 个低电平停止位 5、 通信双方之间只有一条数据通道，则双方不可以采用的数据传输方式是( (1) 单工传输 (2) 并行通信 (3) 全双工传输 (4) 串行通信 6、 采用异步TDM 时分多路复用技术，它的时间片分配策略是( (1) 预先分配好，但不固定 (2) 预先分配好，而且固定不变 (3) 动态分配，随时可变 (4) 动态分配，分配后不变 7、 如果对某模拟信号进行采样后，有 256 个量化级别，则( (1) 用位 7 bit 来表示结果 (2) 用 1 个字节来表示结果 (3) 用 256位二进制数来表示结果 (4) 用 128 位二进制数来表示 8、 从滑动窗口的观点看，当窗口尺寸为：发送窗口＞ (1) 空闲 RQ(2)Go －back －N(3) 选择重发 (4) 对等重发 9、 在下列 OSI 模型的各层中，面向通信子网的层是( (1) 传输层 (2) 会话层 (3) 应用层 (4) 网络层 10、 有关虚电路方式中路由选择的说法，正确的是( (1) 网络节点不进行路由选择 (2) 网络节点只在建立虚电路时进行路由选择 (3) 建立连接及节点传送每个分组都要进行路由选择 (4) 只在节点传送每个分组时路由选择 II 、网络的吞吐量随通信子网负荷的增加而( )。 AT 命令是( )。 )。 )。 )。 )。 )。 1，接受窗口＞ 1 时，相当于( )。 )。 (1) 线性增加 (2) 负荷较小时线性增加，负荷较大时反而下降 (3) 线性减小 (4) 负荷较小时线性减小，负荷较大时反而增加 12、 下列避免死锁的方法中，不能避免重装死锁的是( (1) 每个分组都携带一个全局性的惟一的“时间戳” (2) 允许目的节点向目的端系统递交不完整的报文 (3) 运输层能够检测出不完整的报文，并使发送方的运输层重发 (4) 每个端节点都设置一个较大的后备分组缓冲区 13、 下列几种类型的网络服务中，服务质量最好的是( )。 )。 (1)A 型网络服务 (2)B 型网络服务 (3)C 型网络服务 (4)D 型网络服务 14、 下列有关会话层的同步服务的叙述，正确的是( (1) 主同步点用于划分活动单元 (2) 次同步点用于划分对话单元 (3) 重新同步时能回到最近的次同步点 (4) 只有主同步点被接收方确认 15、 网络体系结构的应用层对数据结构的描述称为( (1) 高级语言 (2) 低级语言 (3) 抽象语法 (4) 传输语法 )。 )。 )。 )。
大作业-计算机网络
大作业要求 ****(单位、公司、工厂或学校)为背景，设计一个网络建设方案。 方案中应该包括： 根据****(单位、公司、工厂或学校)的组织结构、业务需求完成网络需求分析，确定拓扑方案，完成设备选型，注明各种设备、设施和软件的生产商、名称、型号、配置与价格，基本确定方案的预算。 要求： 1.完成建网进行需求分析，提交需求分析报告； 2、在需求分析的基础上进行系统设计、技术选型，规划、设计网络的逻辑拓扑方案、布线设计等，划分子网，设计子网地址、掩码和网关，为每个子网中的计算机指定IP地址； 3、根据条件进行设备选型，决定各类硬件和软件的配置和经费预算方案； 4、创建局域网内的DNS服务器，配置相关文件，可以对局域网内的主机作域名解析。 ○参□考□样◇例
1、需求分析 随着信息时代的到来，校园网已经成为现代教育背景下的必要基础设施，成为学校提高水平的重要途径。校园网络的主干所承担的信息流量很大，校园网络的建设的目标是在校园内实现多媒体教学、教务管理、通信、双向视频点播（VOD）等信息共享功能，能实现办公的自动化、无纸化。能通过与Internet的互联，为全校师生提供国际互联网上的各种服务。教师可以制作多媒体课件以及在网上保存和查询教学资源，能对学生进行多媒体教学和通过网络对学生进行指导与考查等。学生也可以通过在网上浏览和查询网上学习资源，从而可以更好地进行学习，校园网能为学校的信息化建设打下基础。 根据本校园实际情况主要应用需求分析如下： 用户的应用需求：所有用户可以方便地浏览和查询局域网和互联网上的学习资源，通过WWW服务器、电子邮件服务器、文件服务服务器、远程登录等实现远程学习，此外为教务处提供教务管理、学籍管理、办公管理等。 通信需求：通过E-mail及网上BBS以及其它网络功能满足全院师生的通信与信息交换的要求，提供文件数据共享、电子邮箱服务等。 信息点和用户需求：按照要求本校园网内信息点总数为531个， 其中办公区需要的信息点为（111个）：教务处（25），各院系办公区（26），图书馆（60）；教学区为（400个）：除机房需要120个信息点外，其余各系部大楼及教学楼（包括设计艺术系楼、建筑工程系楼、一号楼、大学生活动中心楼、教学主楼、B、C楼等）各需设置信息点的个数为40；生活区为（20个）：20个宿舍楼区、食堂等各设置1个信息点。电子邮件服务器、文件服务服务器等为内部单位服务，WWW服务器、远程登录等实现远程学习，从外部网站获得资源。 性能需求：此校园网络支持学校的日常办公和管理，包括：办公自动化、图书管理、档案管理、学生管理、教学管理、财务管理、物资管理等。支持网络多媒体学习的信息传输要求。 安全与管理需求：学生基本信息档案和重要的工作文件要求对数据存储、传输的安全性的性能较高，如图书管理、档案管理、学生管理、教学管理、财务管理、物资管理等可以通过分布式、集中式相集合的方法进行管理。网络安全对于网络系统来说是十分重要的，它直接关系到网络的正常使用。由于校园网与外部网进行互联特别是
计算机网络技术专业(中专)人才培养方案(汉)
《计算机网络技术（中专）》专业人才培养方案(汉) 一、专业名称 计算机网络技术 二、入学要求 初中毕业生或具有同等学历者。 三、基本学制 3年。 四、培养目标 本专业主要培养与我国现代化建设要求相适应，德、智、体、美全面发展，具有与本专业相适应的文化水平和良好的职业道德，掌握本专业的基础知识和基本技能，在生产、服务和管理第一线工作的计算机办公应用、硬件维护、网络应用和软件应用的初、中级应用型专业人员。 五、职业范围 六、人才规格 本专业毕业生应具有以下职业素养（职业道德和产业文化素养）、专业知识和技能： （一）职业素养 1、是良好的政治素质和较强的法制观念； 2、培养良好的职业道德、敬业精神和科学素养。 3、掌握阅读、理解外文软件文档所必备的外语知识。
4、掌握数据通信与接口技术，计算机网络和计算机安全的基本知识。 5、具有结构化程序设计的原则及方法等基本知识，事件驱动程序设计和面向对象程序设计的基本知识，网络应用编程的知识。 6、有网络硬件和软件设置、安装和维护的知识。 7、具有网络多媒体应用背景下，使用各种常用工具软件的基本知识。 8、具有通信网络接入技术的基本知识。 （二）专业知识和技能 专业（技能）方向1：网络技术及应用、管理 1、具有网络技术专业必需的计算机软硬件配置、网络布线、网络操作系统、网络协议等基础知识； 2、具备网页设计的知识与技能； 3、具有熟练的计算机操作技能，能够进行网络操作系统和常用软件的安装与维护； 4、具有搭建和配置小型局域网的能力； 5、具有网络监控和维护基础知识，能够使用网络管理工具进行网络监控和维护； 6、能够进行网站的建立、发布、维护与管理； 7、熟悉国家有关法律法规，具有网络安全意识，掌握网络安全的基本技能。 专业（技能）方向2：办公自动化及设备维护 1、具有熟练的计算机录入与排版技能和使用计算机的能力； 2、具有熟练进行操作系统和常用软件的安装与使用的能力； 3、掌握程序设计基本方法，能编制简单程序； 4、熟悉计算机硬件的组装与维护，具有一定的营销能力； 5、熟悉计算机网络与产品，能进行计算机网络的管理与维护； 6、掌握常用办公软件的使用。 专业（技能）方向3：网页制作及网站维护 1、具有熟练的计算机录入与排版技能和使用计算机的能力； 2、掌握设计网页工具软件； 3、掌握多媒体素材处理软件； 4、熟悉网站架构； 5、具备网页设计的知识与技能； 七、主要衔接专业 高职：计算机应用技术、计算机网络技术 八、课程结构 九、课程设置及要求 本专业课程设置分为公共基础课和专业技能课。
杭电《软件技术基础》期末复习材料
参考答案 第1章 1、通信子网、资源子网 2、硬件资源、软件资源、数据资源 3、计算机-计算机网络、互联网 4、服务器 5、C 6、D 7、C 8、A 9、C 10、B 11、B 12、D 第2章 1、信号速率（或波形速率） 2、变换 3、同步 4、虚电路 5、误比特率 6、A 7、B 8、B 9、A 10、A 11、A 12、B 13、对应的FSK波形图如下 11010010 14、答：自动重发请求（ARQ）常用的三种实现形式：停止等等ARQ协议、回退N帧ARQ
协议（GBN）和选择性重传ARQ协议（SR）。 15、解：香农定理推导出有噪声干扰情况下有限带宽信道的最大容量公式： C = W log2 (1+S/N)。 依题意，已知C=64Kbps，S/N=100， 可得: W=64/ (log2 101)=9.6K （H Z） 即此模拟信道限定的带宽约为9.6K H Z 第3章 1 OSI/RM模型中从上到下分别为应用层、、、传输层、、、物理层。 答案：应用层、表示层、会话层、传输层、网络层、数据链路层、物理层。 2 OSI/RM模型中高层由、、组成。 答案：高层由会话层、表示层和应用层组成。 3 TCP/IP协议模型中，网际层常见的协议有、、。 答案：网际层常用的协议主要有网际协议（internet protocol，IP）、网际控制报文协议（internet control message protocol，ICMP）、内部网关协议（interior gateway protocol，IGP）等。 4 TCP协议通过来进行流量控制。 答案：通过窗口机制来进行流量控制。 5 FTP的两种工作模式分别为。 答案：FTP的工作方式有两种模式，一种叫做Standard模式（也就是PORT，主动方式），一种是Passive模式（也就是PASV，被动方式）。 6 OSI/RM模型中，不属于网络层功能的是。（C） A．为传输层提供服务B．组包和拆包 C．建立、管理、拆除会话D．拥塞控制 7 TCP/IP协议模型中，不属于数据链路层的协议是。（d）A．ARPB．B．RARPC．C．SLIPD．D．ICMP 8 FTP控制端口是。（B） A．20 B．21 C．80 D．53 9 ICMP的消息类型有。（B） A．hello消息B．超时消息 C．link state update消息D．link state ack消息 10 HTTP请求消息和HTTP响应消息共有的部分是。（C） A．请求行B．状态行 C．消息报头D．响应正文
中职-计算机网络技术期末试卷
XX 职教集团（B 卷） 2014—2015学年度第二学期期末考试高二计算机网络基础与应用试卷(命题人：XXX ) 本试卷分第I 卷（客观题）和第II 卷（主观题）两部分。两卷满分100分。考试时间100分钟。第I 卷（共60分）一、选择题（每题2分，共40分）1．120.0.0.2属于( )类网络地址。 A 、A B 、B C 、C D 、D 2．( )是综合布线工程中最常用的传输介质。 A 、双绞线 B 、同轴电缆 C 、光纤 D 、银质电缆3．常见的普通非屏蔽双绞线一般是( )的结构。 A 、1对2根 B 、2对4根 C 、3对6根 D 、4对8根4．RJ-45接口类型的网卡应用于以( )为传输介质的以太网中。 A 、双绞线 B 、细同轴电缆 C 、粗同轴电缆 D 、光纤5．DOS 、OS/2、UNIX 、XENIX 、LINUX 、Windows 、Netware 等是微机上常见的( )。 A 、交换机 B 、路由器 C 、操作系统 D 、网关6．WWW 采用的通信协议是( )传输协议。 A 、文件 B 、文本 C 、超文本 D 、超文件7．IIS 是一种( )服务组件。 A 、WEB B 、DOS C 、OFFICE D 、LINUX 8．可以通过“开始”→“程序”→“( )”→“Internet 服务管理器”来打开IIS 管理器。 A 、服务器配置 B 、管理工具 C 、附件 D 、系统工具 9．( )命令用于显示与IP 、TCP 、UDP 和ICMP 协议相关的统计数据，一般用于检验本机各端口的网络连接情况。 A 、Pathping B 、Netstat C 、Tracert D 、Arp 10．如果一封邮件需要同时传给几个人，每个地址之间可以用( )隔开。 A 、逗号 B 、句号 C 、冒号 D 、顿号 11．SMTP 服务器主要是用于( )方面。 A 、网页浏览 B 、文件传输 C 、新闻服务 D 、邮件发送 12．通过“控制面板”中的( )进行安装网卡驱动程序。 A 、网络和Internet 连接 B 、添加/删除硬件 C 、性能和维护 D 、安全中心 13．用IE 浏览器浏览网页，在地址栏中输入网址时，通常可以省略的是____。 A 、http:// B 、ftp:// C 、mailto:// D 、news:// 14．下面是Web 网页的保存格式类型，可以以纯文本格式保存网页信息的是____。班级考 号姓 名
计算机网络大作业答案
一、单项选择题（每个2分，共30分） 1、下列有关计算机网络叙述错误的是__D____。 A：利用Internet网可以使用远程的超级计算中心的计算机资源 B：计算机网络是在通信协议控制下实现的计算机互联 C：建立计算机网络的最主要目的是实现资源共享 D：以接入的计算机多少可以将网络划分为广域网、城域网和局域网 2、计算机网络的基本分类方法主要有两种：一种是根据网络所使用的传输技术；另一种是根据__C____。 A：网络协议 B：网络操作系统类型 C：覆盖范围与规模 D：网络服务器类型与规模 3、如果某局域网的拓扑结构是___A___，则局域网中任何一个节点出现故障都不会影响整个网络的工作。 A：总线型结构 B：树型结构 C：环型结构 D：星型结构 4、在Internet中，用于文件传输的协议是___C___。 A：HTML B：SMTP C：FTP D：POP 5、利用FTP（文件传输协议）的最大优点是可以实现__C____。 A：同一操作系统之间的文件传输 B：异种机上同一操作系统间的文件传输 C：异种机和异种操作系统之间的文件传输 D：同一机型上不同操作系统之间的文件传输 6、当你登录在某网站已注册的邮箱，页面上的"发件箱"文件夹一般保存着的是__B____。A：你已经抛弃的邮件 B：你已经撰写好，但是还没有发送的邮件 C：包含有不合时宜想法的邮件 D：包含有不礼貌（outrageous）语句的邮件 7、在FTP中，传输一个文本文件时，通常选用的传输类型是__A____。 A：ASCII B：二进制流 C：Unicode D：GB码 8、下列四种文件格式中，属于音频文件的格式是__A____。 A：WAV格式 B：JPG格式 C：DAT格式 D：MIC格式 9、下列四个选项中，最常用的三维动画制作软件工具是__A____。
《电子商务概论》期末考试试题
《电子商务概论》期末考试试题
学习中心_________ 姓名_____________ 学号 西安电子科技大学网络教育学院 模拟试题四 《电子商务概论》期末考试试题 题 一二三总分 号 题 20 50 30 分 得 分 说明：1、大作业于1月3日下发，1月17日交回。 2、试题必须独立完成，如发现抄袭、雷同试卷均按零计。 一、填空与单项选择题(每小题2分，共20分) 1、网上销售的商品一般可以分为3类，、 和在线服务。 2、计算机网络中常见的拓扑结构有总线型、、、 树型和混合型等。 3、电子支票支付过程包含4个实体，
金类 9、将某个网站进行推广的方法不包括 A 更新网页 B 建立友情链接 C 搜索引擎 D 论坛 10、以下哪一项在大多数情况下不能通过计算机和网络通信设备来实现 A 信息流 B 商流 C 资金流 D 物流 二、简答题(每小题10分，共50分) 1、简述电子商务的分类。 2、常用的通信介质、网络互连设备各有哪 些。 3、简述网上支付系统的各关系方包括哪些。 4、列举DSS的主要应用和作用。 5、简述选择ISP时需要考虑哪些因素。
三、论述题（每题15分，共30分） 1、试论述我国目前电子商务存在的问题与及其解决的对策。 2、试论述当前国内外企业电子商务的基本应用有哪些？ 模拟题4答题要点 一、填空与单项选择题： 1、有形产品；无形产品 2、星型；环型 3、消费者；银行金融机构 4、集成性；外向性 5、第三方物流 6、B 7、B 8、D 9、A 10、D 二、简答题 1、简述电子商务的分类。 答：电子商务按电子商务交易涉及的对象、电子商务交易所涉及的商品内容和进行电子业务的企业所使用的网络类型等可进行不同的分类。 （1）按照交易对象分类：企业与消费者之间的电子商务B2C、企业与企业之间的电子商务B2B、企业与政府方面的电子商务B2G；（2）按交易的商品形式分类：
计算机网络技术期末考试试卷A卷与参考答案
2010～2011学年度第一学期09级《计算机网络技术》期末考试试卷（A卷与参考答案） 班级0905计网学号姓名总分 （适用班级：0905计网） (考试形式：闭卷时间：90分钟) 一．填空题（每空1分，共30分） 1．计算机网络在逻辑上可以划分为资源子网和通信子网两个子网。。 2．按照网络覆盖范围分有：局域网、城域网、广域网。 3．资源子网由主机和终端组成。 4．TCP/IP协议族的中文名称是传输控制协议和网际协议。 5．计算机网络互连参考模型的低四层主要完成数据传输，高三层实现了数据处理的功能。 6．计算机网络是由计算机系统、数据通信系统和网络操作系统组成。 7．主机在计算机网络中负责数据处理和网络控制。 8．局域网使用的三种典型拓朴结构是总线型、环型、星型。 9．计算机网络的主要功能是：资源共享和数据通信。 10．数据链路层传输的数据单位是：帧主要设备有：交换机，网卡，网桥 11．连接双绞线时同种设备接法是：交叉线异种设备接法是：直通线 12、在进行网络实验操作时，为了不破坏现有的操作系统以及相关设置，我们可以使用虚拟机软件。 13、能够把域名翻译成主机IP的服务器是DNS服务器 14、启用复杂密码后，密码必须包含小写字母，大写字母，数字和特殊符号这四种中的三种字符。 15、B类IP地址的默认子网掩码是： 16、C类网络的私有网络号以： 二．选择题（每题2分，共50分） 1．在OSI参与模型的各层中，（A）的数据传送单位是比特流。 A．物理层B．数据链路层 C．网络层D．运输层 2．在如下网络拓朴结构中，具有一定集中控制功能的网络是（B ） A．总线型网络B．星型网络 C．环形网络D．全连接型网络 1.3．路由选择协议位于（C） A. 物理层 B. 数据链路层 C. 网络层 D. 应用层 4．下列哪一项不是网卡的基本功能（B） A．数据转换B．路由选择 C．网络存取控制D．数据缓存 5．文件传输协议是（C ）上的协议。 A．网络层B．传输层 C．应用层D．物理层 6．网络中使用光缆的优点是(D ) A 便宜 B 容易安装 C 是一个工业标准,在任何电气商店都能买到 D 传输速率比同轴电缆或双绞线高,不受外界电磁干扰与噪声的影响,误码率低 7．计算机网络中信息传递的调度控制技术可分为三类，以下不属于此控制技术的是（C）A．流量控制B．拥塞控制 C．防止死锁D．时延控制 8．路由选择协议位于（C） A. 物理层 B. 数据链路层 C. 网络层 D. 应用层 9．局域网具有以下那些特点？( A ) A、数据传输率高 B、数据传输率低 C、传输延迟大 D、传输延迟小 10．下述论述中不正确的是（ C ） A．IPV6具有高效IP包头B．IPV6增强了安全性
大作业计算机网络
江南大学现代远程教育2015年下半年考试大作业 考试科目:《计算机网络》 一、大作业题目： 1、说明INTERNET域名系统的功能。举一个实例解释域名解析的过程。（25分） 答：DNS实现主机域名和IP地址之间的解析。 假设某个网络的计算机要访问https://www.wendangku.net/doc/6f7177593.html, ①首先，该台计算机的解析器向其本地域名服务器发出请求，查寻“https://www.wendangku.net/doc/6f7177593.html,”的IP地址，如果没有该纪录，则向上一级域名服务器发请求，直到中国的顶级域名服务器。 ②中国的顶级域名服务器先查询自己的数据库，若发现没有相关的记录，则向根“．”域名服务器发出查寻“https://www.wendangku.net/doc/6f7177593.html,”的IP地址请求；根域名服务器给中国域名服务器返回一个指针信息，并指向com域名服务器。 ③中国的本地域名服务器向com域名服务器发出查找“https://www.wendangku.net/doc/6f7177593.html,”的IP地址请求，com域名服务器给中国的本地域名服务器返回一个指针信息，并指向“https://www.wendangku.net/doc/6f7177593.html,”域名服务器。 ④经过同样的解析过程，“https://www.wendangku.net/doc/6f7177593.html,”域名服务器再将“https://www.wendangku.net/doc/6f7177593.html,”的IP地址返回给中国的本地域名服务器。
⑤中国域名服务器将“https://www.wendangku.net/doc/6f7177593.html,”的IP地址逐级发送给该计算机解析器。 ⑥解析器使用IP地址与https://www.wendangku.net/doc/6f7177593.html,进行通信 2、若要将一个C类的网络地址192.168.1.0划分为4个子网，分别代表四个部门，这4个部门分别有计算机5、7、12、20台。请写出每个子网的子网掩码和主机IP地址的范围。（25分） 答：子网掩码＝255.255.255.192 四个子网如下： 1) 192.168.1.0 -- 192.168.1.63 2) 192.168.1.64 -- 192.168.1.127 3) 192.168.1.128 -- 192.168.1.191 4) 192.168.1.192 -- 192.168.1.255 3、某医院建设信息网络系统。系统分为业务内网和INTERNET外网两部分。内网运行医院业务应用系统，诸如电子病例系统、住院管理系统等。医院还建有门诊挂号预约系统，病员信息查询系统，向外网用户提供服务。医院应用数据根据上级主管部门要求，需要每天规定时间上传病案数据到卫生质量监测部门。请设计一套信息数据安全方案，满足内部业务应用系统和外网应用的需求，内、外网数据交换的需求。（50分） 要求： 1）给出方案设计的详细拓扑图 2）给出各个应用系统服务器的部署（电子病例系统、住院管理系统、门诊挂号预约系统，
大学生计算机网络专业职业规划书
大学生计算机网络专业职业规划书 【阶段目标】 (1)大一大二努力学好本专业知识的的同时，并加强各方面素质的提高。学会与人交流，加强与人合作的精神，加强团体意识。 (2)大三大四，多接触社会，积极锻炼，加强动手能力，勤于实践。 (3)毕业后，找到一份喜欢的工作，努力奋斗，不断提高，做出好的业绩。 【总体目标】 1.掌握计算机科学与技术的基本理论、基本知识; 2.掌握计算机系统的分析和设计的基本方法; 3.具有研究开发计算机软、硬件的基本能力; 4.了解与计算机有关的法规; 5.了解计算机科学与技术的发展动态; 6.掌握文献检索，资料查询的基本方法，具有获取信息的能力; 7.懂得基本的职业素质，有很强的社会适应能力。了解各行各业的基本的职业规则。 8.能在IT行业担任数据库项目管理员。 【个人分析】 本人的专业知识水平还没真正形成，知识结构混乱，知识体系不明朗，对一些基本的计算机技能都不能自己解决，明显不能适应社会的要求。在各方面的素质也是处于低水平状态。我是一个诚实正直的人，因此结交了很多的朋友;由于自身条件的缘故，偶尔也会产生自卑的心理，我没有开放性思维的创新，只有守规矩的勤奋，因而我的学习成绩总是
处于中等水平;我的情绪容易波动，但我会努力克制，不让它表现出来。本人的性格不够开朗，很少与人交流，在这方面是不太利于将来就业的，我知道长期的处于不交流的状态不太利于自身的交际水平的提高。本人的兴趣爱好也不够广泛，没什么特长，对于就业竞争是完全处于劣势状态的。不过，我并不会因此而放弃努力，我会用努力来填补。我做事有点优柔寡断，主要是考虑事情太多，以致于办事时不够果断，虽然有那份能力却没有那办事的勇气。因为我从小生活在农村，让我体验到了什么是艰辛生活，从而培养了我吃苦耐劳的精神，也让我看清了社会是多么的现实。 个人优势：性格外向，有较强的交际能力，敢于接受挑战，友善待人，做事仔细认真，锲而不舍，持之以恒。勤奋学习，敢于面对自己的不足和缺点，并吸取教训及时改正，能很好的团结周围的人，并互相帮助，有较强的责任心和集体主义精神。个人劣势：缺乏自信心，为人有点古板，缺少创造性，思维单一，不够灵活。专业知识水平不够高。 【社会环境分析】 目前，国内外就业的形势异常严峻，加之大学生数目在速度上升，社会对大学毕业生的要求也越来越高，导致许多大学生面临着毕业后无去向的问题。特别是计算机专业的毕业生越来越多，就业竞争非常激烈，使我们面临着巨大的就业竞争压力。就业与创业的政策，也为大学生提供了很多就业与创业机会，比如鼓励大学生走向基层，走向农村等。现在经济发展速度奇快，对各种各样的专业需求也高，但是要求专业知识必须过硬，企业要求毕业生有一定的工作经验。从1999年起，我国高校连续扩大招生规模，高校毕业生数量呈跳跃式增长，2006年全国普通高等学校的毕业生将突破420万人。而实际上，社会对高校毕业生的需求量增加幅度并不明显，大学生就业竞争空前激烈。目前，人才市场上被企业一致看好的抢手人才，90%以上都是既有较高学历又有工作经验的人才，而刚刚走上社会的大学生由于缺乏工作经验，更出现令人尴尬的疲软状态。
计算机网络技术期末试题及答案
一、填空题 1、按网络覆盖的地域范围来划分，可将计算机网络分成_局域网_、城域网__、_广域网额与个人区域网。依据不同使用者来划分又可以分为公用网与专用网。 2、电路交换的三个阶段：建立连接、通信与释放连接。 3、常用的有线传输介质包括_双绞线__、_同轴电缆_和___光纤__等。 4、在数据传输中，为了保证数据被准确接收，必须采取一些统一收发动作的措施，这就是所谓_同步__技术。 5、在网络边缘的端系统中运行的程序之间的通信方式通常可划分为两大类：一是客户服务器方式（C/S 方式），二是对等方式（P2P 方式）。 6、IEEE802局域网协议与OSI参考模型比较，主要的不同之处在于：对应OSI的链路层，IEEE802标准将其分为____ MAC________控制子层和_____ LLC______控制子层。 7、在数据报服务中，网络节点要为每个_____数据报_____选择路由。 8、计算机网络技术是____计算机系统______ 和___通信技术_____ 技术的结合。 9、频分复用、时分复用是常用的多路复用技术，其中，___频分复用_______比较适合于传输模拟信号，_时分复用_________比较适合于传输数字信号。 10、模拟信号之所以能够转变成数字信号来进行传输，是基于一个基本的定理，这个定理就是____采样______定理。 11、常见的数据交换技术包括电路交换、_报文交换、和__报文分组交换____等。 12、所谓网络主要指“三网”，即电信网、有线电视网与计算机网络。 13、试列举四种主要的网络互连设备名称：___集线器___ 、___交换机__ 、___路由器____和 ______网关______。 14、计算机网络的性能指标有速率、带宽、吞吐量、时延、时延带宽积、往返时间与利用率。 15、写出三个顶级域名：____ cn ___、___ org ____和 ___ com _____。 16、常见的网络拓扑包括__星形___、___总线形__和___环形___等。 17、常见的广域网连接技术包括___帧中继__、____ ISDN ____和__ ATM ___等。 18、计算机网络向用户提供的的最重要功能有两个一是连通性，二是共享。 19、网络是由若干个节点与连接这些节点的链路组成。
计算机网络大作业
计算机网络设计报告 2011年秋季学期 计算机网络设计作业题目
题目一： 设计一个宿舍局域网方案，构建一个多网段的互联网络，使得宿舍之间可以通过该局域网进行网络互联和通信。要求每个宿舍内使用一个局域网，宿舍之间采用路由器进行相连。要求： 1.每个局域网网段地址可以自行选取，但是要求在每个宿舍的局域 网络中网络主机只能接入到8台以内； 2.交换机的选择与连接，采用的交换机的型号以及交换机与主机和 路由器的连接方式； 3.宿舍间的路由器可以采用TP-Link或者T-Link的路由器设备，也 可以采用多网卡主机构建路由器的方案，要求给出路由器接口IP 的设置。 4.给出多网段互联网络的网络拓扑图； 5.按照5层网络体系结构给出物理层、数据链路层和网络层的设置 方法。比如物理层说明网线与RJ45 水晶头的连线方式；数据链路层说明主机采用的网卡型号；网络层说明主机和路由器的IP地址的设置、子网掩码的设计、缺省网关的设置等； 6.在主机上设置一个共享文件夹，可以让网络上的其他主机进行共 享访问。 一．物理设备： 计算机：PC1～8（宿舍1），PC9~16（宿舍2）；交换机：D-Link DES-1024D：SW1，SW2；路由器：TP-LINK TL-R410+：Router1；连接线：直通线×20，交叉线×1。 二．链接方式和拓扑图： PC1～8分别用直通线将以太网口（RJ45）与SW1的8个（FastEthernet）F0/0~F0/7端口用直通线相连，PC2～16同样地与SW2相连。而SW1，SW2的
最后一F0/15口分别用直通线与Router1的F0/0，F0/1相连。最后Router1的S0/0口用交叉线与外网相连。 拓扑图： 三．物理层： 双绞线是由两根绝缘金属线互相缠绕而成，这样的一对线作为一条通信线路，由四对双绞线构成双绞线电缆。双绞线点到点的通信距离一般不能超过100m。 目前，计算机网络上使用的双绞线按其传输速率分为三类线、五类线、六类线、七类线，传输速率在10Mbps到600Mbps之间，双绞线电缆的连接器一般为RJ-45。 568A的排线顺序从左到右依次为：白绿、绿、白橙、蓝、白蓝、橙、白棕、棕。 568B则为：白橙、橙、白绿、蓝、白蓝、绿、白棕、棕。 交叉线是指：一端是568A标准，另一端是568B标准的双绞线。 直通线则指：两端都是568A或都是568B标准的双绞线。 不同一层设备相连用直通线。如：计算机（包括服务器和工作站）与交换机
计算机网络技术专业(中专)人才培养方案(汉)
《计算机网络技术(中专)》专业人才培养方案(汉) 一、专业名称 计算机网络技术 二、入学要求 初中毕业生或具有同等学历者。 三、基本学制 3年。 四、培养目标 本专业主要培养与我国现代化建设要求相适应,德、智、体、美全面发展，具有与本专业相适应的文化水平和良好的职业道德,掌握本专业的基础知识和基本技能,在生产、服务和管理第一线工作的计算机办公应用、硬件维护、网络应用和软件应用的初、中级应用型专业人员。 五、职业范围 六、人才规格 本专业毕业生应具有以下职业素养（职业道德和产业文化素养)、专业知识和技能： (一)职业素养 1、是良好的政治素质和较强的法制观念； 2、培养良好的职业道德、敬业精神和科学素养。 3、掌握阅读、理解外文软件文档所必备的外语知识。 4、掌握数据通信与接口技术,计算机网络和计算机安全的基本知识。 5、具有结构化程序设计的原则及方法等基本知识,事件驱动程序设计和面向对象程序设计的基本知识，网络应用编程的知识。
6、有网络硬件和软件设置、安装和维护的知识。 7、具有网络多媒体应用背景下,使用各种常用工具软件的基本知识。 8、具有通信网络接入技术的基本知识。 (二)专业知识和技能 专业(技能)方向1：网络技术及应用、管理 １、具有网络技术专业必需的计算机软硬件配置、网络布线、网络操作系统、网络协议等基础知识； ２、具备网页设计的知识与技能； ３、具有熟练的计算机操作技能,能够进行网络操作系统和常用软件的安装与维护； 4、具有搭建和配置小型局域网的能力； 5、具有网络监控和维护基础知识，能够使用网络管理工具进行网络监控和维护； 6、能够进行网站的建立、发布、维护与管理; 7、熟悉国家有关法律法规,具有网络安全意识,掌握网络安全的基本技能。 专业（技能)方向2:办公自动化及设备维护 1、具有熟练的计算机录入与排版技能和使用计算机的能力； 2、具有熟练进行操作系统和常用软件的安装与使用的能力； 3、掌握程序设计基本方法,能编制简单程序； 4、熟悉计算机硬件的组装与维护，具有一定的营销能力； 5、熟悉计算机网络与产品,能进行计算机网络的管理与维护; 6、掌握常用办公软件的使用。 专业(技能)方向３：网页制作及网站维护 1、具有熟练的计算机录入与排版技能和使用计算机的能力; 2、掌握设计网页工具软件； ３、掌握多媒体素材处理软件; ４、熟悉网站架构； 5、具备网页设计的知识与技能; 七、主要衔接专业 高职：计算机应用技术、计算机网络技术 八、课程结构
杭电计算机网络期末必背
1.云计算的基本概念 云计算是一种商业计算模型。它将计算任务分布在大量计算机构成的资源池上，使各种应用系统能够根据需要获取计算力、存储空间和信息服务。云计算是通过网络按需提供可动态伸缩的廉价计算服务。 特点：超大规模、虚拟化、高可靠性、通用性、高可伸缩性、按需服务、极其廉价。 按服务类型分为三类：将软件作为服务，将平台作为服务，将基础设施作为服务。 体系结构：1.SOA构建层: 封装云计算能力成标准的Web Services服务，并纳入到SOA 体系 2.管理中间件层: 云计算的资源管理，并对众多应用任务进行调度，使资源能够高效、 安全地为应用提供服务 3.资源池层: 将大量相同类型的资源构成同构或接近同构的资源池；4.物理资源层: 计算机、存储器、网络设施、数据库和软件等 2.SDN架构原理，应用场景（Software Defined Network, SDN） 软件定义网络（Software Defined Network, SDN ），是Emulex网络一种新型网络创新架构，是网络虚拟化的一种实现方式，其核心技术OpenFlow通过将网络设备控制面与数据面分离开来，从而实现了网络流量的灵活控制，使网络作为管道变得更加智能。 三层架构。架构的第一层是物理网络设备，包括以太网交换机和路由器。中间层由控制器组成，最顶层是一些用控制器实现安全、管理和其他特殊功能的应用程序。 1）SDN在数据中心网络的应用 数据中心网络的需要主要表现在海量的虚拟租户、多路径转发、网络集中自动化管理、绿色节能、数据中心能力开放等方面的需求。 2）SDN在政企网络中的应用 政府及企业网络业务类型多，网络设备功能复杂、类型多，对网络的安全性要求高，需要集中的管理和控制，网络灵活、定制化需求多。 3）SDN在电信运营商网络的应用 电信运营商网络具有覆盖范围大、网络复杂、网络安全可靠性要求高、多厂商共存等特点。 3.IOT架构和传统网络的区别（Internet of ThingsQ） 物联网（Internet of Things，缩写IOT）是一个基于互联网、传统电信网等信息承载体，让所有能够被独立寻址的普通物理对象实现互联互通的网络。物联网一般为无线网，通过物联网可以用中心计算机对机器、设备、人员进行集中管理、控制，也可以对家庭设备、汽车进行遥控，以及搜寻位置、防止物品被盗等各种应用。 1)互联网着重信息的互联互通和共享，解决的是人与人的信息沟通问题；物联网则是 通过人与人、人与物、物与物的相联，解决的是信息化的智能管理和决策控制问题。 2)物联网比互联网技术更复杂、产业辐射面更宽、应用范围更广，对经济社会发展的 带动力和影响力更强。 3)两者发展的驱动力不同。互联网发展的驱动力是个人，。而物联网的驱动力必须是 来自企业，因为，物联网的应用都是针对实物的。从本质上讲：物联网的本质是感 知与服务，物联网的数据可交易，对于大数据和云计算的价值巨大。 4.TCP原理 TCP（Transmission Control Protocol ）：面向连接的可靠字节流传输层协议（端口号 23） 1.面向连接：打开、关闭（同时打开、半关闭、同时关闭）； 2.差错控制：序号和确认重传机制（提供可靠性）； 3.流量控制：滑动窗口机制（速度匹配问题）； 4.拥塞控制：慢启动、加法增大、乘法减策略调整发送窗口大小；