专题02 碰撞
1.(2017广州模拟)如图,水平面上相距为L=5m 的PQ 两点分别固定一竖直挡板,一质量为M=2kg 的小物块B 静止在O 点,OP 段光滑,OQ 段粗糙且长度为d=3m 。一质量为m=1kg 的小物块A 以v0=6m/s 的初速度从OP 段的某点向右运动,并与B 发生弹性碰撞。两物块与OQ 段的动摩擦因数均为μ=0.
2.。两物块与挡板的碰撞时间极短且不损失机械能,重力加速度g=10m/s 2
。求:
(1)A 与B 在O 点碰撞后瞬间各自的速度; (2)两物块各自停止运动时的时间间隔。
【评分说明:速度结果漏答方向或者答错方向整体扣1分,不重复扣分】 (2)碰后,两物块在OQ 段减速时加速度大小均为:2/2s m m
mg
a ==μ(2分)
B 经过t 1时间与Q 处挡板碰,由运动学公式:d at t v =-
2
1122
1得:s 11=t (s 31=t 舍去) 与挡板碰后,B 的速度大小s m at v v /2123=-=,反弹后减速时间
s
13
2==
a
v t 反弹后经过位移m 122
3
1==a
v s ,B 停止运动。 物块A 与P 处挡板碰后,以v 4=2m/s 的速度滑上O 点,经过m 1224
2==a
v s 停止。 所以最终A 、B 的距离s =d -s 1-s 2=1m ,两者不会碰第二次。(1分)
在AB 碰后,A 运动总时间()s 324
1=+-=
g
v v d L t A μ(2分), 整体法得B 运动总时间s 221=+=t t t B (2分),则时间间隔1s =?AB t 。(1分) 【评分说明:有判断或说明A 、B 不会碰第二次得1分;B 反弹后停止位置也可用整体法计算
而得,正确也给1分,如下:B 碰后运动总路程m 422
2
==g
v s B μ,B 反弹后停止位置距Q 为m 11=-=d s s B ,总时间s 22==g
v t B μ】
2.(2017福建六校联考)如图所示,小球A 系在细线的一端,线的另一端固定在O 点,O 到光滑水平面的距离为h =0.8m ,已知A 的质量为m ,物块B 的质量是小球A 的5倍,置于水平传送带左端的水平面上且位于O 点正下方,传送带右端有一带半圆光滑轨道的小车,小车的质量是物块B 的5倍,水平面、传送带及小车的上表面平滑连接,物块B 与传送带间的动摩擦因数为μ=0.5,其余摩擦不计,传送带长L =3.5m ,以恒定速率v 0=6m /s 顺时针运转。现拉动小球使线水平伸直后由静止释放,小球运动到最低点时与物块发生弹性正碰,小球反弹后上升到最高点时与水平面的距离为
16
h
,若小车不固定,物块刚好能滑到与圆心O 1等高的C 点,重力加速度为g ,小球与物块均可视为质点,求:
(1)小球和物块相碰后物块B 的速度V B 大小。
(2)若滑块B 的质量为m B =1Kg ,求滑块B 与传送带之间由摩擦而产生的热量Q 及带动传送带的电动机多做的功W 电。
(3)小车上的半圆轨道半径R 大小。 【名师解析】
(1)小球A 下摆及反弹上升阶段机械能守恒,由机械能守恒定律得:
()()分分12
1161121212mv h ,mg mv mgh A ==
, A. B 碰撞过程系统动量守恒,以A 的初速度方向为正方向,由动量守恒定律得:B A mv mv mv 51+-=(2分)www.21-cn-jy. com
代入数据解得:v B =1m /s ;(1分)
3.(2017河南天一大联考)如图所示,三个相同的物块,质量均为2kg ,沿直线间隔相等地静置在水平面上,现给A 沿直线向右的16m/s 的初速度,A 与B 碰撞,碰后A 、B 分别以2m/s 、12m/s 的速度向右运动,B 再与C 碰撞,碰后B 、C 一起向右运动.A 、B 两个物块在水平面上运动时所受阻力相等,求B 、C 碰后瞬间共同速度的大小.
【名师解析】
先由动量守恒定律求出A 到达B 的位置时的速度,然后由功能关系求出该过程中消耗的动能;A 与B 碰撞后B 到达C 的过程中消耗的动能由于之相等,由动能定理即可求出B 与C 碰撞前的速度,最后由动量守恒定律求出B 、C 碰后瞬间共同速度的大小.
设A与B碰撞前的速度为v A,A与B碰撞的过程中沿水平方向的动量守恒,选取向右为正方向,则:
mv A=mv A′+mv B
代入数据得:v A=14m/s
设碰撞前A克服轨道的阻力做的功为W A,由动能定理得:
代入数据得:W A=60J
设B与C碰撞前的速度为v B′,则B到达C的位置的过程中克服轨道的阻力做的功:W B=W A=60J
由动能定理得:
代入数据得: m/s
B与C碰撞的过程中沿水平方向的动量守恒,设碰撞后的共同速度为v共,由动量守恒得:
mv B′=2mv共
代入数据得: m/s
答:B、C碰后瞬间共同速度的大小是m/s.
【点评】该题考查动量守恒定律与功能关系的应用,题目涉及的过程比较多,在解答的过程中要注意对各个过程的把握,找准对应的关系公式.
4. 如图,在足够长的光滑水平面上,物体A、B、C位于同一直线上,A位于B、C之间。A的质量为m,B、C的质量都为M,三者均处于静止状态。现使A以某一速度向右运动,求m和M 之间应满足什么条件,才能使A只与B、C各发生一次碰撞。设物体间的碰撞都是弹性的。
第一次碰撞后,A 反向运动与B 发生碰撞后,A 的速度v A2,B 的速度v B1,同理
v A 2=
m M m M -+ v A 1= 02
)(
v M
m M m +- A 只与B 、C 各发生一次碰撞时有,v A 2≤v C 1 解得m 2
+4mM -M 2
≥0……(6)
即m ≥(5-2)M ,舍弃m ≤-(5-2)M ) 则(5-2)M ≤m <M 。
【点评】解答时需要对m>M , m>M ,m>M 的情况进行讨论,得出可能的情况。对于弹性碰撞问题,需要运用动量守恒定律和机械能守恒定律列出相关方程联立解得。对于三体各发生一次碰撞,要通过分析得出两个物体碰撞后,两物体速度需要满足的条件。
5.如图,水平地面上有两个静止的小物块a 和b ,其连线与墙垂直;a 和b 相距l ,b 与墙之间也相距l ;a 的质量为m ,b 的质量为3
4m 。两物块与地面间的动摩擦因数均相同。现使a 以
初速度v 0向右滑动。此后a 与b 发生弹性碰撞,但b 没有与墙发生碰撞。重力加速度大小为g 。求物块与地面间的动摩擦因数满足的条件。
【名师解析】 设物块与地面间的动摩擦因数为μ。若要物块a 、b 能够发生碰撞,应有 12
mv 2
0>μmgl ① 即μ 2gl 。 ② 设在a 、b 发生弹性碰撞前的瞬间,a 的速度大小为v 1。由能量守恒定律得 12mv 20=12 mv 2 1+μmgl ③ 设在a 、b 碰撞后的瞬间,a 、b 的速度大小分别为v 1′、v 2′,由动量守恒和能量守恒有 mv 1=mv 1′+3 4 mv 2′ ④ 12mv 21=12mv 1′2+12·3 4mv 2′2 ⑤ 联立④⑤式解得 v 2′=8 7 v 1 ⑥ 由题意,b 没有与墙发生碰撞,由功能关系可知 12·34mv 2′2 ≤μ·3m 4gl ⑦ 联立③⑥⑦式,可得μ≥32113v 2 gl ⑧ 联立②⑧式,a 与b 发生碰撞、但没有与墙发生碰撞的条件 32113v 2 0gl ≤μ 2gl 。 6.(2016·云南名校统考)如图所示,在水平光滑直导轨上,静止着三个质量为m =1 kg 的相同的小球A 、B 、C 。现让A 球以v 0=2 m/s 的速度向B 球运动,A 、B 两球碰撞后粘在一起继续向右运动并与C 球碰撞,C 球的最终速度v C =1 m/s 。问: (1)A 、B 两球与C 球相碰前的共同速度多大? (2)两次碰撞过程中一共损失了多少动能? 7.如图,小球a 、b 用等长细线悬挂于同一固定点O .让球a 静止下垂,将球b 向右拉起,使细线水平.从静止释放球b ,两球碰后粘在一起向左摆动,此后细线与竖直方向之间的最大偏角为60°.忽略空气阻力,求: (1)两球a 、b 的质量之比; (2)两球在碰撞过程中损失的机械能与球b 在碰前的最大动能之比. 【名师解析】(1)设球b 的质量为m 2,细线长为L ,球b 下落至最低点,但未与球a 相碰时的速率为v ,由机械能守恒定律得 m 2gL =12 m 2v 2 ① 式中g 为重力加速度的大小.设球a 的质量为m 1,在两球碰后的瞬间,两球的共同速度为v ′,以向左为正方向,由动量守恒定律得 m 2v =(m 1+m 2)v ′ ② 设两球共同向左运动到最高处时,细线与竖直方向的夹角为θ,由机械能守恒定律得 12 (m 1+m 2)v ′2 =(m 1+m 2) gL (1-cos θ) ③ 联立①②③式得m 1m 2= 11-cos θ -1 ④ 代入题给数据得m 1m 2 =2-1. ⑤