2012广东省软考网络工程师试题及答案

1、防止系统对ping请求做出回应，正确的命令是：（C）。

A、echo 0>/proc/sys/net/ipv4/icmp_ehco_ignore_all

B、echo 0>/proc/sys/net/ipv4/tcp_syncookies

C、echo 1>/proc/sys/net/ipv4/icmp_echo_ignore_all

D、echo 1>/proc/sys/net/ipv4/tcp_syncookies

2、在对一个企业进行信息安全体系建设中，下面哪种方法是最佳的？（B）

A、自下而上

B、自上而下

C、上下同时开展

D、以上都不正确

3、以下哪个不属于信息安全的三要素之一？（C）

A、机密性

B、完整性

C、抗抵赖性

D、可用性

4、Linux系统通过（C）命令给其他用户发消息。

A、less

B、mesg

C、write

D、echo to

5、防止系统对ping请求做出回应，正确的命令是：（C）。

A、echo 0>/proc/sys/net/ipv4/icmp_ehco_ignore_all

B、echo 0>/proc/sys/net/ipv4/tcp_syncookies

C、echo 1>/proc/sys/net/ipv4/icmp_echo_ignore_all

D、echo 1>/proc/sys/net/ipv4/tcp_syncookies

6、以下哪个不属于信息安全的三要素之一？（C）

A、机密性

B、完整性

C、抗抵赖性

D、可用性

7、项目管理是信息安全工程师基本理论，以下哪项对项目管理的理解是正确的？（A）

A、项目管理的基本要素是质量，进度和成本

B、项目管理的基本要素是范围，人力和沟通

C、项目管理是从项目的执行开始到项目结束的全过程进行计划、组织

D、项目管理是项目的管理者，在有限的资源约束下，运用系统的观点，方法和理论，对项目涉及的技术工作进行有效地管理

8、信息安全的金三角是（C）。

A、可靠性，保密性和完整性

B、多样性，冗余性和模化性

C、保密性，完整性和可用性

D、多样性，保密性和完整性

9、获取支付结算、证劵交易、期货交易等网络金融服务的身份认证信息（B）组以上的可以被《中华人民共和国刑法》认为是非法获取计算机信息系统系统认定的“情节严重”。

A、5

B、10

C、-15

D、20

10、如果将风险管理分为风险评估和风险减缓，那么以下哪个不属于风险减缓的内容？（A）

A、计算风险

B、选择合适的安全措施

C、实现安全措施

D、接受残余风险

11、从风险的观点来看，一个具有任务紧急性，核心功能性的计算机应用程序系统的开发和维护项目应该（A）。

A、内部实现

B、外部采购实现

C、合作实现

D、多来源合作实现

12、计算机信息的实体安全包括环境安全、设备安全、（B）三个方面。

A运行安全B、媒体安全C、信息安全D、人事安全

13、防止系统对ping请求做出回应，正确的命令是：（C）。

A、echo 0>/proc/sys/net/ipv4/icmp_ehco_ignore_all

B、echo 0>/proc/sys/net/ipv4/tcp_syncookies

C、echo 1>/proc/sys/net/ipv4/icmp_echo_ignore_all

D、echo 1>/proc/sys/net/ipv4/tcp_syncookies

14、信息安全工程师监理的职责包括？（A）

A、质量控制，进度控制，成本控制，合同管理，信息管理和协调

B、质量控制，进度控制，成本控制，合同管理和协调

C、确定安全要求，认可设计方案，监视安全态势，建立保障证据和协调

D、确定安全要求，认可设计方案，监视安全态势和协调

15、如果将风险管理分为风险评估和风险减缓，那么以下哪个不属于风险减缓的内容？（A）

A、计算风险

B、选择合适的安全措施

C、实现安全措施

D、接受残余风险

16、在对一个企业进行信息安全体系建设中，下面哪种方法是最佳的？（B）

A、自下而上

B、自上而下

C、上下同时开展

D、以上都不正确

17、下面哪一种风险对电子商务系统来说是特殊的？（D）

A、服务中断

B、应用程序系统欺骗

C、未授权的信息泄露

D、确认信息发送错误

18、如何配置，使得用户从服务器A访问服务器B而无需输入密码？（D）

A、利用NIS同步用户的用户名和密码

B、在两台服务器上创建并配置/.rhost文件

C、在两台服务器上创建并配置

19、项目管理是信息安全工程师基本理论，以下哪项对项目管理的理解是正确的？（A）

A、项目管理的基本要素是质量，进度和成本

B、项目管理的基本要素是范围，人力和沟通

C、项目管理是从项目的执行开始到项目结束的全过程进行计划、组织

D、项目管理是项目的管理者，在有限的资源约束下，运用系统的观点，方法和理论，对项目涉及的技术工作进行有效地管理

20、下面哪项能够提供最佳安全认证功能？（B）

A、这个人拥有什么

B、这个人是什么并且知道什么

C、这个人是什么

D、这个人知道什么

21、著名的橘皮书指的是（A）。

A、可信计算机系统评估标准(TCSEC)

B、信息安全技术评估标准（ITSEC）

C、美国联邦标准（FC）

D、通用准则（CC）

22、以下哪种措施既可以起到保护的作用还能起到恢复的作用？（C）

A、对参观者进行登记

B、备份

C、实施业务持续性计划

D、口令

23、基准达标项满（B）分作为安全基线达标合格的必要条件。

A、50

B、60

C、70

D、80

24、为了保护企业的知识产权和其它资产，当终止与员工的聘用关系时下面哪一项是最好的方法？（A）

A、进行离职谈话，让员工签署保密协议，禁止员工账号，更改密码

B、进行离职谈话，禁止员工账号，更改密码

C、让员工签署跨边界协议

D、列出员工在解聘前需要注意的所有责任

25、从风险管理的角度，以下哪种方法不可取？（D）

A、接受风险

B、分散风险

C、转移风险

D、拖延风险

26、资产的敏感性通常怎样进行划分？（C）

A、绝密、机密、敏感

B、机密、秘密、敏感和公开

C、绝密、机密、秘密、敏感和公开等五类

D、绝密、高度机密、秘密、敏感和公开等五类

27、信息安全管理最关注的是？（C）

A、外部恶意攻击

B、病毒对PC的影响

C、内部恶意攻击

D、病毒对网络的影响

28、保证计算机信息运行的安全是计算机安全领域中最重要的环节之一，以下（B）不属于信息运行安全技术的范畴。

A、风险分析

B、审计跟踪技术

C、应急技术

D、防火墙技术

29、安全基线达标管理办法规定：BSS系统口令设置应遵循的内控要求是（C）

A、数字+字母

B、数字+字母+符号

C、数字+字母+字母大小写

D、数字+符号

30、安全基线达标管理办法规定：BSS系统口令设置应遵循的内控要求是（C）

A、数字+字母

B、数字+字母+符号

C、数字+字母+字母大小写

D、数字+符号

31、下面哪一项最好地描述了风险分析的目的？（C）

A、识别用于保护资产的责任义务和规章制度

B、识别资产以及保护资产所使用的技术控制措施

C、识别资产、脆落性并计算潜在的风险

D、识别同责任义务有直接关系的威胁

32、在许多组织机构中，产生总体安全性问题的主要原因是（A）。

A、缺少安全性管理

B、缺少故障管理

C、缺少风险分析

D、缺少技术控制机制

33、确保信息没有非授权泄密，即确保信息不泄露给非授权的个人、实体或进程，不为其所用，是指（C）。

A、完整性

B、可用性

C、保密性

D、抗抵赖性

软考网络工程师试题模拟及答案

2016年软考网络工程师试题模拟及答案 一、选择题 1.以下关于网络运行环境的描述中，哪个是错误的__C___。 A)网络运行环境是指保障网络系统安全、可靠与正常运行所必需的基本设施与设备条件 B)它主要包括机房与电源两部分 C)机房是放置核心路由器、交换机、服务器等核心设备的场所，不包括各个建筑物中放置路由器、交换机与布线设施的设备间、配线间等场所 D)关键的网路设备(如核心交换路由器、交换机)对供电的要求是很高的，必须保证专用的UPS系统供电 2.支持信息系统的网络包括。___B__Ⅰ.网络传输基础设施 II.数据库管理系统 III.网络设备 IV.网络软件开发工具 A)Ⅰ和II B)Ⅰ和III C)II和IV D)Ⅰ、II和III 3.电子商务系统、企业管理信息系统等属于___A__。 A)网络应用系统 B)数据库管理系统 C)网络操作系统 D)网络安全系统 4.以下是关系数据库的是___B__。 A)WindowsNTServer B)Oracle C)MSExchangeServer D)PDM 5.__C___类网络数据传输负荷重，对网络数据的实时性要求高。 A)MIS/OA/Web类应用 B)FTP/CAD类应用 C)多媒体数据流文件 D)模拟信号 6.为确保网络的可用性与安全性，可采取如下措施：关键数据采用磁盘双工、__D___、异地备份与恢复措施及保证关键设备的冗余。 A)实时监控 B)队列管理 C)性能管理 D)双机容错 7.以下有关网络关键设备选型的说法中，错误的是___B__。 A)网络设备选型，尤其是关键设备，一定要选择成熟的主流产品，并且最好是一个厂家的产品 B)所有设备一定要留有一定的余量，使系统具有可扩展性(正确：主干设备) C)根据“摩尔定律”，网络设备更新速度快，价值下降快，因此要认真调查，慎重决策。 D)对新组建的网络，要在总体规划的基础上选择新技术、新标准与新产品;如果是已有基础上的扩展，则要注意保护已有的投资 8.__B___路由器一般用于网络汇聚层的路由器。 A)高端核心 B)企业级 C)低端 D)汇聚 9.路由器的可靠性与可用性表现在：设备的冗余、__C___、无故障工作时间、内部时钟精度等方面。 A)服务质量 B)背板能力 C)热拔插组件 D)吞吐量 10.从内部结构分类，交换机可以分为固定端****换机和__D___。 A)变动端****换机 B)可扩展端****换机 C)工作组级交换机 D)模块式交换机 11.局域网交换机的多个___A__有自己的专用带宽，并且可以连接不同的网段，可并行工作从而大大提高了信息吞吐量。 A)端口 B)插槽数 C)堆叠单元 D)缓冲区 12.__B___是目前交换机在传送源和目的端口的数据包时的主流交换方式。 A)直通式交换 B)存储转发式 C)碎片隔离方式 D)全双工交换 13.从应用的角度看，网络服务器的类型可以分为：文件服务器、数据库服务器、Internet 服务器和__D___等。 A)代理服务器 B)视频服务器 C)磁盘服务器 D)应用服务器 14.部门级服务器一般支持__C___个CPU。 A)1个 B)1-2 C)2-4 D)4-8 15.__A___技术是一组独立的计算机提供高速通信线路，组成一个共享数据与存储空间的服务器系统，提高了系统的数据处理能力;如果一台主机出现故障，它所运行的程序将立即转移到其他主机。因此，该技术大大提高了服务器的可靠性、可用性与容灾能力。 A)集群技术 B)对称多处理技术 C)热拔插 D)应急管理技术

2018年下半年上午-网络工程师(软考-考试真题及答案-完整版)

（软考）网络工程师-年下半年上午 （考试真题及答案） 一、单项选择题（共 75 分，每题 1 分。每题备选项中，只有 1 个最符合题意） ●第1题，浮点数的表示分为阶和尾数两部分。两个浮点数相加时,需要先对阶,即() (n 为阶差的绝对值)。 A:将大阶向小阶对齐,同时将尾数左移n位 B:将大阶向小阶对齐,同时将尾数右移n位 C:将小阶向大阶对齐,同时将尾数左移n位 D:将小阶向大阶对齐,同时将尾数右移n位 ●第2题，计算机运行过程中，遇到突发事件，要求CPU暂时停止正在运行的程序，转 去为突发事件服务，服务完毕，再自动返回原程序继续执行，这个过程称为(2) ，其处理过程中保存现场的目的是(3) 。 A:阻塞 B:中断 C:动态绑定 D:静态绑定 ●第3题上， A:防止丢失数据 B:防止对其他部件造成影响 C:返回去继续执行原程序 D:为中断处理程序提供数据 ●第4题,著作权中，( )的保护期不受限制。 A:发表权 B:发行权 C:署名权 D:展览权 ●第5题，王某是某公司的软件设计师，完成某项软件开发后按公司规定进行软件归档。 以下有关该软件的著作权的叙述中，正确的是()。 A:著作权应由公司和王某共同享有 B:著作权应由公司享有 C:著作权应由王某享有 D:除署名权以外，著作权的其它权利由王某享有

●第6题，海明码是-一种纠错码，其方法是为需要校验的数据位增加若干校验位，使 得校验位的值决定于某些被校位的数据，当被校数据出错时，可根据校验位的值的变化找到出错位，从而纠正错误。对于32位的数据，至少需要增加( )个校验位才能构成海明码。以10位数据为例，其海明码表示为 D₉D₈D ₇D₆D ₅D₄P₄D₃D₂D₁ P₃D₀P₂P₁中，其中 D_i ( 0≤i≤9)表示数据位，P_j ( l≤j≤4)表示校验位，数据位D₉由P₄. P₃ 和 P₂进行校验(从右至左D₉的位序为14，即等于8+4+2,因此用第8位的P₄、第4位的P₃和第2位的P₂校验)，数据位D₅由( )进行校验。 A:3 B:4 C:5 D:6 ●第7题， A: P₄P₁ B: P₄ P₂ C: P₄P₃P ₁ D: P₃P₂P₁ ●第8题，流水线的吞吐率是指单位时间流水线处理的任务数，如果各段流水的操作时 间不同，则流水线的吞吐率是()的倒数。 A:最短流水段操作时间 B:各段流水的操作时间总和 C:最长流水段操作时间 D:流水段数乘以最长流水段操作时间 ●第9题，某软件项目的活动图如下图所示，其中顶点表示项目里程碑，连接顶点的边 表示包含的活动，边上的数字表示活动的持续天数，则完成该项目的最少时间为（9）天，活动EH和IJ的松弛时间分别为（10）天。

2018年上半年软考网络工程师上午和下午真题及答案详解.pdf

2018年上半年网络工程师真题及答案 正题一：浮点数的表示分为阶和尾数两部分。两个浮点数相加时，需要先对阶，即（1）（n为阶差的绝对值）。 （1）A.将大阶向小阶对齐，同时将尾数左移n位 B.将大阶向小阶对齐，同时将尾数右移n位 C.将小阶向大阶对齐，同时将尾数左移n位 D.将小阶向大阶对齐，同时将尾数右移n位 【答案】D 【解析】 浮点数加、减运算一般包括对阶、尾数运算、规格化、舍入和判溢对阶就是使两数的阶码相等，对阶原则是小阶向大阶看齐，即阶码小的数尾数右移，每右移一位，阶码加1，直刭两数的阶码相等为止。 正题二：计算机运行过程中，遇到突发事件，要求 CPU 暂时停止正在运行的程序，转去为突发事件服务，服务完毕，再自动返回原程序继续执行，这个过程称为（2），其处理过程中保存现场的目的是（3）。 （2）A.阻塞 B.中断 C.动态绑定 D.静态绑定（3）A.防止丢失数据 B.防止对其他部件造成影响 C.返回去继续执行原程序 D.为中断处理程序提供数据 【答案】B C 【解析】 通常在程序中安排一条指令，发出START信号来启动外围的设备，然后机器继续执行程序。当外围设备完成数据传送的准备后，便向CPU发“中断请求信号”。CPU接到请求后若可以停止正在运行的程序，则在一条指令执行完后，转而执行“中断服务程序”，完成传送数据工作，通常传送一个字或者一个字节，传送完毕后仍返回原来的程序。 正题三：著作权中，（4）的保护期不受限制。 （4）A.发表权 B.发行权 C.著名权 D.展览权

【答案】C 【解析】 我国《著作权法》对著作权的保护期限作了如下规定: (1)著作权中的署名权、修改权、保护作品完整权的保护期不受限制。 正题四：王某是某公司的软件设计师，完成某项软件开发后按公司规定进行软件归档。以下有关该软件的著作权的叙述中，正确的是（5）。 （5）A.著作权应由公司和王某共同享有 B.著作权应由公司享有 C.著作权应由王某享有 D.除署名权以外，著作权的其它权利由王某享有 【答案】B 【解析】 由法人或者其他组织主持，代表法人或者其他组织意志创作，并由法人或者其他组织承担责任的作品，著作权由单位完整地享有。 正题五：海明码是一种纠错码，其方法是为需要校验的数据位增加若干校验位，使得校验位的值决定于某些被校位的数据，当被校数据出错时，可根据校验位的值的变化找到出错位，从而纠正错误。对于 32 位的数据，至少需要增加（6）个校验位才能构成海明码。 以10位数据为例，其海明码表示为D9D8D7D6D5D4P4D3D2D1P3D0P2P1中，其中Di(0<=i<=9)表示数据位，Pj(1<=j<=4)表示校验位，数据位 D9 由 P4 P3 和 P2 进行校验（从右至左 D9 的位序为 14，即等于 8+4+2，因此用第8位的 P4，第4位的P3和第2位的 P2 校验），数据位D5由（7）进行校验。 （6）A.3 B.4 C.5 D.6 （7）A.P4P1 B.P4P2 C.P4P3P1 D.P3P2P1 【答案】D B 【解析】 海明不等式：校验码个数为K，2的K次方个校验信息，1个校验信息用来指出“没有错误”，满足m+k+1<=2k。所以32位的数据位，需要6位校验码。 第二问考察的是海明编码的规则，构造监督关系式，和校验码的位置相关：

软考网络工程师考试大纲

有志者,事竞成. copyright reserved by ZexianHuang 2011全国计算机技术与软件专业技术资格水平考试网络工程师考试大纲一、考试说明二、考试范围 ·文件管理1．考试要求考试科目1：计算机与网络知识·共享和安全（共享方式、可靠性与01 熟悉计算机系统的基础知识； 1．计算机系统知识安全性、恢复处理、保护机制）02 熟悉网络操作系统的基础知识；1．1 硬件知识 ·作业的状态及转换03 理解计算机应用系统的设计和开1.1.1 计算机结构·作业调度算法（先来先服务、短作发方法；·计算机组成（运算器、控制器、存业优先、高响应比优先） 04 熟悉数据通信的基础知识；储器、I/O部件）1．3 系统配置方法05 熟悉系统安全和数据安全的基础·指令系统（指令、寻址方式、CIS1.3.1 系统配置技术知识；C、RISC）·系统架构模式（2层、3层及多层06 掌握网络安全的基本技术和主要·多处理器（紧耦合系统、松耦合系C/S和B/S系统）的安全协议与安全系统；统、阵列处理机、双机系统、同步） ·系统配置方法（双机、双工、热备07 掌握计算机网络体系结构和网络·处理器性能份、容错、紧耦合多处理器、松耦合协议的基本原理；1.1.2 存储器多处理器）08 掌握计算机网络有关的标准化知·存储介质（半导体存储器、磁存储·处理模式（集中式、分布式、批处识；器、光存储器）理、实时系统、Web计算、移动计算） 09 掌握局域网组网技术，理解城域·存储系统 1.3.2 系统性能网和广域网基本技术；·主存与辅存·性能设计（系统调整、响应特性）10 掌握计算机网络互联技术；·主存类型，主存容量和性能·性能指标、性能评估（测试基准、11 掌握TCP/IP协议网络的联网方·主存配置（主存

软考网络工程师下午试卷真题及参考答案打印版—带图带解析带答案

2017年5月下午网络工程师真题 试题一（共20分） 阅读以下说明，回答问题1至问题4，将解答填入答题纸对应的解答栏内。 【说明】 某企业网络拓扑如图1-1所示，中国电信和中国移动双链路接入，采用硬件设备实现链路负载均衡；主磁盘阵列的数据通过备份服务器到备份磁盘阵列。请结合下图，回答相关问题。 【问题1】（共6分） 图1-1中，设备①处部署（1），设备②处部署（2），设备③处部署（3）。 （1）—（3）备选答案（每个选项限选一次） A.入侵防御系统（IPS） B.交换机 C.负载均衡 【问题2】（共4分） 图1-1中，介质①处应采用（4），介质②处应采用（5）。 （4）—（5）备选答案（每个选项限选一次） A.双绞线 B.同轴电缆 C.光纤 【问题3】（共4分） 图1-1中，为提升员工的互联网访问速度，通过电信出口访问电信网络，移动出口访问移动网络，则需要配置基于（6）地址的策略路由；运行一段时间后，网络管理员发现电信出口的用户超过90%以上，网络访问速度缓慢，为实现负载均衡，网络管理员配置基于（7）地址的策略路由，服务器和数据区域访问互联网使用电信出口，行政管理区域员工访问互联网使用移动出口，生产业务区域员工使用电信出口。 【问题4】（共6分） 1、图1-1中，设备④处应为（8），该设备可对指定计算机系统进行安全脆弱性扫描和检测，发

现其安全漏洞，客观评估网络风险等级。 2、图1-1中，（9）设备可对恶意网络行为进行安全检测和分析。 3、图1-1中，（10）设备可实现内部网络和外部网络之间的边界防护，根据访问规则，允许或者限制数据传输。 试题二（共20分） 阅读以下说明，回答问题1至问题3，将解答填入答题纸对应的解答栏内。 【说明】 某公司的网络拓扑结构图如图2-1所示。 【问题1】（共5分） 为了保障网络安全，该公司安装了一款防火墙，对内部网络、服务器以及外部网络进行逻辑隔离，其网络结构如图2-1所示。 包过滤防火墙使用ACL实现过滤功能，常用的ACL分为两种，编号为（1）的ACL根据IP报文的（2）域进行过滤，称为（3）；编号为（4）的ACL报文中的更多域对数据包进行控制，称为（5）。 （1）—（5）备选项： A.标准访问控制列表 B.扩展访问控制列表 C.基于时间的访问控制列表 D.1-99 E.0-99 F.100-199 G.目的IP地址 H.源IP地址 I.源端口 J.目的端口 【问题2】（共6分） 如图2-1所示，防火墙的三个端口，端口⑥是（6），端口⑦是（7），端口⑧是（8）。 （6）—（8）备选项： A.外部网络 B.内部网络 C.非军事区 【问题3】（共9分） 公司内部IP地址分配如下： 部门/服务器IP地址段 财务部门192.168.9.0/24 生产部门192.168.10.0/24 行政部门196.168.11.0/24 财务服务器192.168.100.1/24

必看软考网络工程师考试知识点[必考知识点]

网络工程师考试知识点 1、常用的虚拟存储器由主存-辅存两级存储器组成 2、中断向量可提供中断程序的入口地址 3、DMA工作方式下，在主存与外设之间建立直接的数据通信。 4、PERT不能清晰秒速各个任务之间的并行情况，甘特图不能清晰描述各个问题之间的依赖关系 5、路由器出厂时，默认的串口封装协议是HDLC 6、报文摘要算法生成报文摘要的目的是防止发送的报文被篡改 7、PGP是支持电子邮件加密的协议 8、根域名服务器采用的迭代查询，中介域名服务器采用的是递归查询 9、AH 隧道模式如下图所示，AH 隧道模式使用 AH 与 IP 报头来封装 IP 数据包并对整个数据包进行签 名以获得完整性并进行身份验证。 ESP 隧道模式如下图所示，ESP 隧道模式采用 ESP 与 IP 报头以及 ESP 身份验证尾端来封装 IP 数据包。 12、支持1000m以上传输距离的是1000 BASE-Lx 13、NSLOOKUP >Set all 列出当前设置的默认选项 Set type = mx 查询本地域的邮件交换器信息 Server NAME 由当前默认服务器切换到制定的名字服务器NAME DNS服务器主要的资源记录有A（域名到IP地址的映射）、PTR（IP地址到域名的映射）、MX （邮件服务器及优先级）、CNAME（别名）和NS（区域的授权服务器） 14、结构化布线系统的组成 ①工作区子系统是由终端设备到信息插座的整个区域，用于将用户终端设备连接到布线系统，主要包括信息插座、跳线、适配器。 ②水平布线子系统是结构化综合布线系统中连接用户工作区与布线系统主干的子系统。 ③管理子系统是结构化布线系统中对布线电缆进行端接及配线管理的子系统，通常设置在楼层的接线间内 ④干线子系统是结构化综合布线系统中连接各管理间、设备间的子系统，又称垂直子系统。

2019年上半年软件水平考试网络工程师下午试题及答案共12页文档

2019年上半年软件水平考试网络工程师下午试题及答案 试题一（共15分） 阅读以下说明，回答问题1至问题3，将解答填入答题纸对应的解答栏内。 【说明】 某企业欲构建局域网，考虑到企业的很多业务依托于网络，要求企业内部用户能后高速访问企业服务器，并且对网络的可靠性要求很高。因此，在网络的设计中，要考虑网络的冗余性，不能因为单点故障引起整个网络的瘫痪。 某网络公示根据企业需求，将网络拓扑结构设计为双核心来进行负载均衡和容错。该公司给出的网络拓扑如图1-1所示： 图1-1 【问题1】（6分） 在该网络拓扑图中，请根据用户需求和设计要求，指出至少三个不合理之处，并简要说明理由。 答案： 1．核心层交换机与汇聚层交换机之间没有实现网络线路连接的冗余设计。 2．核心层交换机与路由器之间没有实现网络线路连接的冗余设计。 3．企业服务器应该直接连到核心层交换机上，并实现网络线路的冗余连接。 【问题2】（5分） 该企业有分支机构地处其他省市，计划采用MPLS VPN进行网络互连，请根据MPLS VPN的技术原理回答以下问题：

1．MPLS技术主要为了提高路由器转发速率而提出的，其核心思想是利用标签交换取代复杂的路由运算和路由交换；该技术实现的核心是把（1）封装在（2）数据包中。 （1）（2）备选答案： A．IP数据报B．MPLS C．TCP D．GRE 答案： （1）A 或 IP数据报，（2）B 或 MPLS 2．MPLS VPN承载平台由PE路由器、CE路由器和P路由器组成，其中（3）是MPLS核心网中的路由器，这种路由器只负责依据MPLS标签完成数据包的高速转发，（4）是MPLS边缘路由器，负责待传送数据包的MPLS标签的生成和弹出，还负责发起根据路由建立交换标签的动作。（5）是直接与电信运营商相连的用户端路由器，该设备上不存在任何带有标签的数据包。 试题解析： MPLS VPN的一些基本概念： P（Provider）是核心层设备，提供商路由器，服务提供商是不连接任何CE路由器的骨干网路由设备，它相当于标签交换路由器（LSR）。 PE（Provider Edge）是Provider的边缘设备，服务提供商骨干网的边缘路由器，它相当于标签边缘路由器（LER）。PE路由器连接CE路由器和P路由器，是最重要的网络节点。用户的流量通过PE路由器流入用户网络，或者通过PE路由器流到MPLS骨干网。 CE（Customer Edge）是用户边缘设备，服务提供商所连接的用户端路由器。CE路由器通过连接一个或多个PE路由器，为用户提供服务接入。CE路由器通常是一台IP路由器，它与连接的PE路由器建立邻接关系。 答案： （3）P，（4）PE，（5）CE 【问题3】（4分） 企业网络运行过程中会碰到各种故障。一方面，网络管理人员可以利用网络设备及系统提供的集成命令对网络进行故障排除，例如利用（6）命令可以查看系统的安装情况与网络的正常运行状况，另一方面，利用专用故障排除工具可以快速的定位故障点，例如利用（7）可以精确地测量光纤的长度、定位光纤的断点。 （6）备选答案： A．ping B．debug C．show D．tracert （7）备选答案：

2019上半年网络工程师(软考)真题及解析

2019 上半年软考网络工程师真题及解析 ●计算机执行指令的过程中，需要由（1）产生每条指令的操作信号并将信号送往相应的部件进行处理，已完成指定的操作。 A、CPU 的控制器 B、CPU 的运算器 C、DMA 控制器 D、Cache 控制器 【答案】A 【解析】 英文Control unit；控制部件，主要是负责对指令译码，并且发出为完成每条指令所要执行的各个操作的控制信号。 其结构有两种：一种是以微存储为核心的微程序控制方式；一种是以逻辑硬布线 结构为主的控制方式。 微存储中保持微码，每一个微码对应于一个最基本的微操作，又称微指令；各条 指令是由不同序列的微码组成，这种微码序列构成微程序。中央处理器在对指令 译码以后，即发出一定时序的控制信号，按给定序列的顺序以微周期为节拍执行 由这些微码确定的若干个微操作，即可完成某条指令的执行。 简单指令是由（3～5）个微操作组成，复杂指令则要由几十个微操作甚至几百个 微操作组成。 ●DMA 控制方式是在（2）之间直接建立数据通路进行数据的交换处理。 A、CPU 与主存 B、CPU 与外设 C、主存与外设 D、外设与外设 【答案】C 【解析】 DMA方式主要适用于一些高速的I/O设备。这些设备传输字节或字的速度非常快。对于这类高速I/O设备，如果用输入输出指令或采用中断的方法来传输字节信息，会大量占用CPU的时间，同时也容易造成数据的丢失。而DMA方式能使I/O设备直接和存储器进行成批数据的快速传送。 ●在（3）校验方法中，采用模 2 运算来构造校验位。 A、水平奇偶 B、垂直奇偶 C、海明码

D、循环冗余 【答案】D 【解析】 循环冗余编码思想: 任何一个由二进制数位串组成的代码，都可以唯一地与一个只含有0和1两个系数的多项式建立一一对应的关系。例如，1011011可以看成是一元多项式X6+X4+X3+X+1的系数。在使用CRC编码时，发送方和接收方事先约定一个生成多项式G（X），这个多项式最高位和最低位必须是1。假设一个帧有m位，它对应的多项式是M（X），为了计算检验和，该帧长度必须大于生成多项式的长度。循环冗余码的编码思想就是：在帧的尾部追加一个检验和，使得追加之后的帧对应的多项式能够被G（X）除尽（即余数为0）。当接收方收到带有检验和的帧之后，试着用G（X）去除它，如果余数不为0，则表明在传输过程中有错误。 ●以下关于RISC（精简指令系统计算机）技术的叙述中，错误的是（4）。 A、指令长度固定、指令种类尽量少 B、指令功能强大、寻址方式复杂多样 C、增加寄存器数目以减少访存次数 D、用硬布线电路实现指令解码，快速完成指令译码 【答案】B 【解析】 为了提高操作系统的效率，人们最初选择了向指令系统中添加更多、更复杂的指令这种方式来实现，而且随着不断地升级和向后兼容的需要，指令集也 越来越大。这种类型的计算机，我们成为复杂指令计算机（CISC）。后来研究发现，计算机指令系统如果使用少量结构简单的指令，就会提高计算机性能，这就是精简指令集（RISC） ●甲公司购买了一个工具软件，并使用该工具软件开发了新的名为“恒友”的软件，甲公司在销售新软件的同时，向客户提供工具软件的复制品，则该行为（5）。甲公司未对“恒友”软件注册商标就开始推向市场，并获得用户的好评。三个月后，乙公司也推出名为“恒友”的类似软件，并对之进行了商标注册，则其行为（6）。 A、侵犯了著作权 B、不构成侵权行为 C、侵犯了专利权 D、属于不正当竞争 A、侵犯了著作权 B、不构成侵权行为 C、侵犯了商标权 D、属于不正当竞争 【答案】5A 6B

2019软考网络工程师上午真题完整版解析

软考网络工程师上午试题及解析 在程序的执行过程中，cache与主存的地址映射是由___（1）__完成。 A操作系统 程序员调度 C硬件自动 D用户软件 解析：2011年重复考题 映像可分为全相联映像、直接映像和组相连映像等。Cache的地址变换和数据块的替换算法都可以采用硬件实现。 CPU访问内存时，用的是访问主存的地址，由该地址变为访问cache的地址称为“”“地址变换”，变换过程用硬件实现。 直接相联映射：也称为顺序相联映射，主存中的某模块只能映射到满足特定关系的cache中，这样运行起来比较简单，但是也正是因为主存和cache存在特定关系，如果特定关系里有一个cache已经被占用，那其他和它一样有关系的主存块就会空闲，造成了cache的利用率会很低， 全相联映射：主存中任意一模块都可以映射到cache中，效率高，但是这样使用的资源非常高，很多情况都不适用。 组相联映射：它是全相联映射和直接相联映射的结合，这样将cache分成组，这样就 可以使用直接相联映射，然后在各组内部与主存的映射过程使用全相联映射，这样就提高了各组的运行效率。 所有答案选C 某四级指令流水线分别完成取值、取数、运算、保存结果四部操作，若完成上述操作的时间依次为8ns、9ns、4ns、8ns,则该流水线的操作周期应至少为__2___ns. A.4 B.8 C.9 D.32 解析：网工和网规高频考题 1、操作周期：取决于基本操作时间最长的。所以答案选C. 9 2、流水线的吞吐率：P=1/9 3、第一条指令完成的时间：T=4*9 4、执行M条指令所用时间：T=4*9+（m-1）*9 内存按字节编址，若用存储容量为32K8bit的存储器芯片构成地址从A0000H到

软考网络工程师复习(知识点汇总)

第一章引论 1.1计算机网络发展简史 A)名词解释： (1) 计算机网络：地理上分散的多台独立自主的计算机遵循规定的通讯协议，通过软、硬件互连以实现交互通信、资源共享、信息交换、协同工作以及在线处理等功能的系统。(注解：此条信息分为系统构成+5个系统功能)。 (2) 计算机网络发展的3个时代-----第一个时代：1946年美国第一台计算机诞生;第二个时代：20世纪80年代，微机的出现;第三个时代：计算机网络的诞生以及应用。 (3) Internet的前身：即1969年美国国防部的高级计划局(DARPA)建立的全世界第一个分组交换网Arparnet。 (4) 分组交换：是一种存储转发交换方式，它将要传送的报文分割成许多具有同一格式的分组，并以此为传输的基本单元一一进行存储转发。 (5) 分组交换方式与传统电信网采用的电路交换方式的长处所在：线路利用率高、可进行数据速率的转换、不易引起堵塞以及具有优先权使用等优点。 (6) 以太网：1976年美国Xerox公司开发的机遇载波监听多路访问\冲突检测(CSMA/CD)原理的、用同轴电缆连接多台计算机的局域网络。 (7) INTERNET发展的三个阶段：第一阶段----1969年INTERNET的前身ARPANET的诞生到1983年，这是研究试验阶段，主要进行网络技术的研究和试验;从1983年到1994年是INTERNET的实用阶段，主要作为教学、科研和通信的学术网络;1994年之后，开始进入INTERNET的商业化阶段。 (8) ICCC：国际计算机通信会议 (9) CCITT：国际电报电话咨询委员会 (10) ISO：国际标准化组织 (11) OSI网络体系结构：开放系统互连参考模型 1.2计算机网络分类 (1) 网络分类方式： a. 按地域范围：可分为局域网、城域网、广域网 b. 按拓补结构：可分为总线、星型、环状、网状 c. 按交换方式：电路交换网、分组交换网、帧中继交换网、信元交换网 d. 按网络协议：可分为采用TCP/IP,SNA,SPX/IPX,AppleTALK等协议 1.3网络体系结构以及协议 (1) 实体：包括用户应用程序、文件传输包、数据库管理系统、电子邮件设备以及终端等一切能够发送、接收信息的任何东西。 (2) 系统：包括一切物理上明显的物体，它包含一个或多个实体。 (3) 协议：用来决定有关实体之间某种相互都能接受的一些规则的集合。 包括语法(Syntax,包括数据格式、编码以及信号电平)、语义(Semantics，包括用于协调和差错处理的控制信息)、定时(Timing，包括速度匹配和排序)。 1.4开放系统互连参考模型 1.4.1 OSI模型的基本层次概念 a. 物理层 ①提供为建立、维护和拆除物理链路所需要的机械的、电气的、功能的和规程的特性; ②有关物理链路上传输非结构的位流以及故障检测指示

软考网络工程师简答题及答案

软考网络工程师简答题及答案

简答题及答案 第一题：代理服务器和路由器的区别？ 参考答案：代理服务器，英文为proxy，一般配置在局域网连接Internet的出口处，主要功能是代理网络用户去获取网络信息，好像网络信息的中转站。路由器用于连接多个逻辑上分开的网络，具有判断网络地址和选择路径的功能，一般异种网互连使用路由器。 第二题：在一个办公室中组建一个局域网环境，将几台计算机和打印机连接起来需要增加什么传输介质和设备？ 参考答案：属于组建小型局域网，增加HUB，双绞线、网卡 第三题：ADSL 与ISDN的区别？ 参考答案：区别：ISDN：综合业务数字网，提供两种不同速率的标准接口。ADSL：非对称数字式用户线路，其实现的速率是上行小于1Mbps，下行小于7Mbps。在家庭使用时，ADSL 明显快于ISDN，价格相对低。 第四题：假设某信道的最大码元传输速率为2400baud，采用四电平的编码方式，该信道的最高数据传输速率是多少？

参考答案： 最高数据传输速率=最大码元传输速率*log2m (m为电平数) =2400*log2 4 =4800(bit/s) 第五题：集线器、网桥、交换机、路由器分别应用在什么场合？它们之间有何区别？ 参考答案： 集线器是连接网络的重要、常用的设备，主要用于将服务器与工作站连接到网络上，它是星型网络拓扑中常用的设备，在局域网中最为常见。集线器有多种类型，如按功能分类有普通集线器、智能集线器；按端口速率分类有10Mbps 集线器、100集线器等。 网桥主要应用于局域网之间的连接，它可以将不同拓扑结构的局域网连接在一起，如总线型网、环型网、星型网的互联。网桥也可以将一个局域网分成不同的网段。网桥的主要作用包括互连、网络寻址、网段隔离、负载均衡和数据转发。 交换机有二层交换机和三层交换机，二层交换机工作在数据链路层，二层交换机的的主要查看传输的帧内的MAC地址，如果知道目的地址，

2017年下半年(中级)网络工程师真题+答案解析(上午选择+下午案例完整版)全国计算机软考

2017年下半年网络工程师真题+答案解析 上午选择题2017年11月11日考试 1、在程序的执行过程中，Cache与主存的地址映射是由（）完成的。 A. 操作系统 B. 程序员调度 C. 硬件自动 D. 用户软件 答案：C： cache是高速缓冲存储器，作为CPU与主存之间的高速缓冲，有存储容量小，成本大，速度快的特点，存放经常被CPU访问的内容。cache和主存之间的映射由硬件自动完成。 2、某四级指令流水线分别完成取指、取数、运算、保存结果四步操作。若完成上述操作的时间依次为8ns、9ns、4ns、8ns，则该流水线的操作周期应至少为（）ns。 A. 4 B. 8 C. 9 D. 33 答案：C 3、内存按字节编址。若用存储容量为32Kx8bit 的存储器芯片构成地址从A0000H 到DFFFFH的内存，则至少需要（）片芯片。 A. 4 B. 8 C. 16 D. 32 答案：B： 存储区域空间为：DFFFF-A0000+1=40000H。 4、计算机系统的主存主要是由（）构成的。 A. DRAM B. SRAM C. Cache D. EEPROM 答案：A： DRAM动态随机存取存储器，最为常见的系统内存。为了保持数据，DRAM必须周期性刷新。 5、计算机运行过程中，CPU 需要与外设进行数据交换。采用（）控制技术时，CPU与外设可并行工作。

A. 程序查询方式和中断方式 B. 中断方式和DMA 方式 C. 程序查询方式和DMA 方式 D. 程序查询方式、中断方式和DMA 方式 答案：B： 程序查询方式是按顺序执行的方式，由CPU全程控制。因此不能实现外设与CPU 的并行工作。中断方式，在外设做好数据传送之前，CPU可做自己的事情。发出中断请求之后，CPU响应才会控制其数据传输过程，因此能一定程度上实现CPU 和外设的并行。而DMA方式由DMAC控制器向CPU申请总线的控制权，在获得CPU的总线控制权之后，由DMAC代替CPU控制数据传输过程。 6、李某购买了一张有注册商标的应用软件光盘，则李某享有（）。 A. 注册商标专用权 B. 该光盘的所有权 C. 该软件的著作权 D. 该软件的所有权 答案：B： 购买光盘，只拥有光盘的所有权。 7、某软件项目的活动图如下图所示，其中顶点表示项目里程碑，连接顶点的边表示包含的活动，边上的数字表示活动的持续时间（天）。完成该项目的最少时间为（7）。由于某种原因，现在需要同一个开发人员完成BC和BD，到完成该项目如最少时闻为（8）天。 A. 11 B. 18 C. 20 D. 21 答案：B 8、A. 11 B. 18 C. 20 D. 21 答案：C

软考网络工程师试题与答案

全国计算机技术与软件专业技术资格（水平）考试2011年上半年网络工程师上午试卷 ● 在CPU中用于跟踪指令地址的寄存器是（1）。 （1） A．地址寄存器（MAR）B．数据寄存器（MDR） C．程序计数器（PC）D．指令寄存器（IR） 试题解析： 程序计数器是用于存放下一条指令所在单元的地址的地方。 答案：（1）C ● 指令系统中采用不同寻址方式的目的是（2）。 （2） A．提高从内存获取数据的速度B．提高从外存获取数据的速度 C．降低操作码的译码难度 D．扩大寻址空间并提高编程灵活性 答案：（2）D ● 在计算机系统中采用总线结构，便于实现系统的积木化构造，同时可以（3）。（3） A．提高数据传输速度B．提高数据传输量 C．减少信息传输线的数量D．减少指令系统的复杂性 答案：（3）C ● 某计算机系统由下图所示的部件构成，假定每个部件的千小时可靠度为R，则该系统的千小时可靠度为（4）。 （4）A．R+2R/4B．R+R2/4C．R(1-(1-R) 2)D．R(1-(1-R)2)2 试题解析： 并行的可靠度=1-(1-R)(1-R) 总可靠度=(1-(1-R)(1-R)) * R * (1-(1-R)(1-R)) 答案：（4）D ● 软件产品的可靠度并不取决于（5）。 （5） A．潜在错误的数量B．潜在错误的位置

C．软件产品的使用方法D．软件产品的开发方式 答案：（5）C ● 模块A直接访问模块B的内部数据，则模块A和模块B的耦合类型为（6）。（6）A．数据耦合B．标记耦合C．公共耦合D．内容耦合 试题解析： 一般可将耦合度从弱到强分为以下七级： ★非直接耦合 指两个模块中任一个都不依赖对方独立工作。这类耦合度最低。 ★数据耦合 指两个模块间只是通过参数表传递简单数据。 ★特征耦合 指两个模块都与同一个数据结构有关。 ★控制耦合 指两个模块间传递的信息中含有控制信息。 ★外部耦合 指若干模块都与同一个外部环境关联，例如I/O处理使所有I/O模块与特定的设备、格式和通信协议相关联。 ★公共耦合 指两个或多个模块通过引用一个公共区的数据而发生相互作用。 ★内容耦合 最高耦合度的是内容耦合。出现内容耦合的情形包括：当一个模块使用另一模块内部的控制和控制信息；一个模块直接转移到另一模块内部等等。 一般说来，尽量使用数据耦合，少用控制耦合，限制外部耦合，完全不用内容耦合。答案：（6）D ● 下列关于风险的叙述不正确的是：风险是指（7）。 （7） A．可能发生的事件B．一定会发生的事件 C．会带来损失的事件D．可能对其进行干预，以减少损失的事件 试题解析： 一定会发生的事件，就不叫风险了。 答案：（7）B ● 下列关于项目估算方法的叙述不正确的是（8）。 （8） A．专家判断方法受到专家经验的主观性影响 B．启发式方法（如COCOMO模型）的参数难以确定 C．机器学习方法难以描述训练数据的特征和确定其相似性 D．结合上述三种方法可以得到精确的估算结果 试题解析： 即使将专家判断方法、启发式方法和机器学习方法结合起来，也不可能得到精确的估算结果。 答案：（8）D

2018年下半年网络工程师真题+答案解析(全国计算机软考)上午选择+下午案例完整版

2018年下半年网络工程师 真题+答案解析 上午选择 2018年11月11日考试 1、采用n位补码(包含一个符号位)表示数据，可以直接表示数值( )。 A. 2n B. -2n C. 2n-1 D. -2n-1 答案：D 补码的取值范围：-2n-1~2n-1-1 2、以下关于采用一位奇校验方法的叙述中，正确的是( )。 A. 若所有奇数位出错，则可以检测出该错误但无法纠正错误 B. 若所有偶数位出错，则可以检测出该错误并加以纠正 C. 若有奇数个数据位出错，则可以检测出该错误但无法纠正错误 D. 若有偶数个数据位出错，则可以检测出该错误并加以纠正 答案：C 奇偶校验位是一个表示给定位数的二进制数中1的个数是奇数或者偶数的二进制数，奇偶校验位是最简单的错误检测码。如果传输过程中包括校验位在内的奇数个数据位发生改变，那么奇偶校验位将出错

表示传输过程有错误发生。因此，奇偶校验位是一种错误检测码，但是由于没有办法确定哪一位出错，所以它不能进行错误校正。 3、下列关于流水线方式执行指令的叙述中，不正确的是( )。 A. 流水线方式可提高单条指令的执行速度 B. 流水线方式下可同时执行多条指令 C. 流水线方式提高了各部件的利用率 D. 流水线方式提高了系统的吞吐率 答案：A 流水线方式并不能提高单条指令的执行速度 4、在存储体系中位于主存与CPU之间的高速缓存(Cache)用于存放主存中部分信息的副本，主存地址与Cache地址之间的转换工作( )。 A. 由系统软件实现 B. 由硬件自动完成 C. 由应用软件实现 D. 由用户发出指令完成 答案：B Cache为高速缓存，其改善系统性能的主要依据是程序的局部性原理。通俗地说，就是一段时间内，执行的语句常集中于某个局部。Cache 正是通过将访问集中的来自内存的内容放在速度更快的Cache上来提高性能的，因此Cache单元地址转换需要由稳定且高速的硬件来完

软考网络工程师必考考点整理笔记

常用公式 一．可靠度(可用性)计算机 串联R＝R1*R2 对应失效率：入1+入2 并联R＝1-(1-R1)(1-R2) 二、香农定理（有噪声）数据速率： 在一条带宽为W（HZ），信噪比为S/N的有噪声极限数据速率 Vmax=W log2(1+S/N) 单位(b/s) 分贝与信噪比的关系为：dB=10log10S/N dB的单位分贝例：设信道带宽为4kHz，信噪比为30dB， 按照香农定理，信道的最大数据传输速率约等于？ 解：1，例出香农定理算式：Vmax=Wlog2(1+S/N) 2, 例出信噪比关系：dB=10log10S/N 3, 计算 30dB=10log10S/N 则S/N=1000 4，Vmax=4Khz log2(1+1000)=4000x10 =40kb/s 注意：此处单位换算1 kb/S=1000b/s 三、尼奎斯特定理（无噪声） 若信道带宽为W（HZ）,则最大码元速率（波特率）B=2W（baud） 由尼奎斯特定理可得：Vmax=B long2N=2 w log2N 单位（b/s） 例：设信道带宽为 3400Hz，调制为 4 种不同的码元， 根据 Nyquist 定理，理想信道的数据速率为？ 解：1，根据题意例出尼奎斯特定理算式：Vmax=2 W long 2N 2, 直接套入数字：Vmax=2x3400xlog2(2次方) 3, Vmax=2x3400x2=13600b/S=s 注意：此处出现单位换算一次，13600b/s=2 例1：设信道采用2DPSK调制，码元速率为300波特， 则最大数据速率为解：Vmax=B long2N=300x1=300b/s 例2：在异步通信中，每个字符包含1位起始位，7位数据位， 1位奇偶效验位和两位终止位，若每秒传送100个字符， 采用4DPSK调制，则码元速率为？有效数据速率为？ 解：1，根据题意计算数据速率为（1+7+1+2）*100=1100b/s 2，由尼奎斯特定理得出，1100b/s=B*log2^4 3，B=1100/2=550baud 4, 有效数据速率，即单位时间内传输的数据位，即7*100=700b/S 四、PCM计算问题 PCM主要经过3个过程：采样，量化和编码。f=1/T≥2fmax f为采样频率，T为采样周期， fmax为信号的最高频率。 例：设信道带宽为3400HZ，采用PCM编码，采样周期为125μs， 每个样本量化为128个等级，则信道的数据速率为？ 解：f=1s/125us=8000Hz 8000Hz＞3400Hz*2 128=2的7次方则：数据速率=8000Hz*7=56000b/S=56kb/s 八、Cache：又称高速缓存存储器 命中率：访问信息的概率 假如执行过程中对Cache的访问次数为N1和对主存访问为N2，则Cache命中率为H ＝N1/（N1+N2） 平均存取时间：可用Cache和主存的访问周期T1、T2和命中率H表示 即：T＝H*T1+（1－H）T2 九、最小帧长计算，先求往时间，再用时间*数据速率 例如：一个运行ＣＳＭＡ/ＣＤ协议的以太网，数据 速率为1Ｇb/s，网段长1km,信号速率为为20000km/s， 则最小帧长是多少？ 单程传播时间为1km/200000=5us，往返要10us,最小帧为1Ｇb/s*10us=10000bit 七、流水线计算 流水线周期值等于最慢的那个指令周期（最大值） 流水线执行时间=首条指令的全部时间+（指令总数－1）*周期值 流水线吞吐率=任务数/完成时间 流水线加速比=不采用流水线的执行时间/采用流水线的执行时间 流水线的总时间＝（指令总数+2）*周期值 例：若每一条指令为取指、分析和执行。已知取指时间a，分析时间b， 执行时间c（最大）。按串行方式执行完100 条指令需要多少时间？ 按照流水方式执行，执行完100 条指令需要多少时间。 流水线周期为C，即最大值。 100条指令的串行方式时间是(a+b+c)*100 100条指令的流水方式时间是(a+b+c)+c*99 流水线吞吐率为100/(a+b+c)+c*99 五、数据传输延迟 总延迟T=发送延迟T1+传输延迟T2 注意：电信号在电缆上传播的速度为光速的2/3，即20wkm/s 卫星传送信号的延迟恒定为270ms与地面距离无关 例：在相隔2000km的两地间通过电缆以4800b/s的速率传送 3000比特长的数据包，从开始发生到接收数据需要的时间是？ 如果用50Kb/s的卫星信道传送，则需要的时间是？ 对于电缆：传输延迟T1=2000km/(20km/ms)=10ms 发送延迟T2=3000b/(4800b/s)=625ms T=T1+T2=625ms+10ms=635ms 对于卫星： 传输延迟 T1=270ms 发送延迟 T2=3000 b/(50kb/s)=60ms T=T1+T2=270ms+60ms=330ms 注意：卫星传输数据时与地面相隔距离无关。 六、求蕊片数计算必考 假设有一个存储器存储容量为M*N位，若使用m*n的芯片，则需要(M/m)*(N/n)个存储芯片 (注：单位要换成一致) ● 若内存地址区间为4000H~43FFH，每个存储单位可存储16 位二进制数，该内存区域由4 片存储器芯片构成，则构成该内存所用的存储器芯片的容量是 总存储单位=（43FFH - 4000H + 1H）= 400H = 1024 （H 代表16 进制） 每个存储器芯片的容量为：1024 × 16 / 4 = 4096。 由于每个存储单位可存储16 位二进制数，所以可以采用256×16bit 7、应用层处理网络应用6、表示成数据表示，数据压缩 5、会话层互联主机通信4、传输层端到端应带，分组排序，流量控制 3、网络层分组传输和路由选择2、链路层传送以帧为单位的信息 1、物理层二进制数据传输 应用层HTTP、FTP、 telnet、SMTP SNMP、DNS、DHCP POP、DNS TFTP 传输层TCP UDP 网络层IP、ICMP、ARP、RARP 通信子网 层 电话网，局域网，无线网 二、特殊IP地址 私网地址 （1个）（16个） （256个） 是IPV4的回环地址，用于回路测试 是自动专用IP地址， 在网络故障找不到DHCP或DHCP服务器失效时使用 IPV6中表示不确定地址，不分配给任何节点 是IPV6回环地址，向自身发送IPV6分组 全球单播001、多播地址、单播 TCP 数据20控制21 、 Telnet 23 、 smtp 25 、 TFTP 69 、DNS 53(TCP 和UDP都可调用) 、HTML 80 、SNMP 161、DHCP 67、68 、 pop3 110 https/ssl 443、SQL services 118 、 SQL server 156 四、 10Gb/s以太网 z 1000Mb/s以太网 100Mb/s以太网 IEEE 100BASE-TX 5类非屏蔽双绞线 2对跳线距离100m 100BASE-FX 125多模光纤 2对用于收发距离400m 100BASE-T4 3类非屏蔽双绞线 4对用于收发距离100m 多模与单模区别：多模使用发光二极管，单模使用激光二极管。 多模允许多束光纤穿过，单模比多模采用的波长长。 单模只允许一束光线穿过，单模传输频带宽，多模传输频带窄。 标准速度技术 ，ISM频段1mb/s，2mb/s 扩频通信技术 ，ISM频段11mb/s Cck技术 5GHZ，U-NII频段54mb/s OFDM调制技术 ,ISM频段54mb/s OFDM调制技术 智能无线技术300－600mb/s MIMO与OFDM术 五、E1、E3、T1、T3 E1由32个子信道组成， 30个传送话音数据，2个子信道 CH0和CH16用于传送控制命令，该基本帧的传送时间为125us。 在E1中，每个子信道的数据速率是64Kb/s，E1控制开销占% E1信道的数据速率是s T1每个信道的数据速率为64kb/s，T1总数据速率是s E3数据速率是s，T3数据速率为s 六、关键路径 哪个路径中值最大，就为关键路径。 最早开始时间：从头往后算，有两个取大的 最晚开始时间：从后往前算，减去所用时间，两个取小的 节点推迟时间：两个路径相减+1 七、不发生死锁的资源数R M个进程，每个进程要N个资源，不发生死锁：公式：M*（N－1）+1 八、CSMA/CD(/冲突检测)： CSMA/CD采用二进制后退算法，保证系统的稳定性，有效分解冲突。 CSMA/CD，不适于所有以太网，在10千兆位忽略了CSMA/CD。 非坚持：忙等待再侦听；不忙立即发送；减少冲突，信道利用率低： I坚持：忙继续侦听；不忙立即发送；提高信道利用率，增大冲突： p坚持：线路忙继续侦听；不忙时，根据p概率进行发送， 另外的1-p概率为继续侦听；有效平衡，但复杂： CSMA/CA：不带有冲突 CSMA/CA 协议适用于突发性业务。 各个发送站在两次帧间间隔（IFS）之间进行竞争发送。 九、路由协议 RIP每30秒，IGRP每90秒，发布路由更新。 OSPF不论是否网络拓扑发生改变，每10秒发送一次hello数据包， OSPF如果40秒没有收到hello分组，就认为对方不存在。 IGRP内部网关路由协议，是一种动态距离向量路由协议，由思科设计 使用组合用户配置尺度，包括带宽，延迟，可靠性和最大传输单元 (MTU)。 IGRP协议的路由度量一般情况下可以简化为跳步数。 默认IGRP每隔90秒发送一次路由更新广播，在3个更新周期（270秒）， 没有从路由中的第一个路由器接收到更新，则宣布路由不可访问。 IGRP配置为： Router(config)#router igrp 10 Router(config)-router)#network 不支持可变长子网掩码 十二、计算机组成 程序计数器（PC）：用于存储指令的地址，程序员可以访问 指令寄存器（IR）：用于暂存内存中取出的，正在运行的指令。