2017年眉山市中考物理试卷(word解析版)

2017年眉山市中考物理试卷(word解析版）

一、

1．（3分）下列估测的数据中最接近实际的是（）

A．一张中考试卷厚度大约为1mm

B．一间普通教室内的空气的质量大约为300g

C．家用空调的电功率约为1000W

D．某初三学生百米成绩约为8s

2．（3分）下列关于材料、技术及能源的说法中正确的是（）

A．数码相机的图象传感器与处理芯片是由半导体材料制成的

B．微波炉是利用电流的热效应来加热食品的

C．我国海域深处蕴藏大量的“可燃冰”属于可再生能源

D．“华龙一号”第三代核电站是利用核聚变释放出的能量来发电的

3．（3分）眉山市瓦屋是著名的风景区，远远望去，云雾缭绕，显得神秘而美丽．关于云雾的形成，下列说法正确的是（）

A．从山中冒出的烟

B．水蒸气遇冷液化形成的小水珠

C．从山中蒸发出来的水蒸气

D．水蒸气凝华形成的小水珠

4．（3分）下列关于温度、热量和内能说法正确的是（）

A．热量总是从高温物体传给低温物体

B．物体从外界吸收了热量，温度一定升高

C．物体的温度越高，具有的热量越多

D．物体的内能增加，则一定是从外界吸收了热量

5．（3分）甲、乙两车在某一平直公路上，从同一地点同时向东运动，它们的s ﹣t图象（路程﹣时间图象）如图所示．则下列判断错误的是（）

A．甲、乙都在做匀速直线运动

B．甲的速度小于乙的速度

C．若以乙为参照物，甲往东运动

D．经过4s，甲乙相距8m

6．（3分）在“探究凸透镜成像的规律”实验中，光具座上各元件位置如图所示，此时在光屏上恰好成一个清晰的像，则下列说法正确的是（）

A．利用了这一原理制成了照相机

B．若将蜡烛远离凸透镜，则应将光屏靠近凸透镜才能得到清晰的像，且像逐渐变小

C．若保持凸透镜位置不变，将蜡烛和光屏的位置互换，会在光屏上成一个清晰倒立、放大的像

D．若保持凸透镜位置不变，将蜡烛放在刻度线45cm处，适当移动光屏也能得到一个清晰的像

7．（3分）如图所示，人造卫星沿椭圆形轨道绕地球运行，下列说法正确的是（）

A．卫星在近地点时，动能最大，机械能最大

B．卫星在远地点时，势能最大，机械能最大

C．卫星从近地点向远地点运行时，动能逐渐减小，势能逐渐增大，机械能不变D．卫星从远地点向近地点运行时，动能逐渐减小，势能逐渐增大，机械能不变8．（3分）如图所示，闭合开关S后，发现电灯L不亮，且保险丝没有熔断．用试电笔测试灯头的两端C、D，发现这两处都能使试电笔的氖管发光，再用试电笔测试B处氖管不发光．若电路中只有一处故障，则（）

A．AC段某处断路B．BD段某处断路C．电灯L断路D．电灯L短路9．（3分）将丝绸摩擦过的玻璃棒去接触不带电的验电器的金属球，发现验电器的两片金属箔张开，以下说法正确的是（）

A．摩擦起电创造了电荷

B．摩擦后丝绸带正电荷

C．金属箔带电是因为玻璃棒上的电子转移到验电器上

D．玻璃棒与验电器接触时，瞬间的电流方向是从玻璃棒到验电器

10．（3分）在如图所示的电路中，电源电压保持不变，当开关S闭合，滑动变阻器滑片P向右移动时，电流表和电压表示数的变化分别为（）

A．电流表的示数变小，电压表的示数不变

B．电流表的示数变大，电压表的示数不变

C．电流表的示数变小，电压表的示数变大

D．电流表的示数变小，电压表的示数变小

11．（3分）如图所示，叠放在一起的物体A和B，在F=15N的水平拉力作用下沿水平做匀速直线运动，则下列结论中正确的是（）

A．A受到的重力与地面对A的支持力是一对平衡力

B．B受到的重力与A对B的支持力是一对相互作用力

C．B物体受到的摩擦力为0

D．若增大拉力F，则A与地面的摩擦力也随着增大

12．（3分）如图所示，将边长为10cm的正方体木块放入装有某种液体的圆柱形容器中，木块静止时，有的体积露出液面，此时液面比放入木块前升高2cm，容器底部受到的压强变化了160Pa（取g=10N/kg），则下列判断错误的是（）

A．液体的密度是0.8×103Kg/m3

B．木块的密度为0.6g/cm3

C．木块受到的浮力是6N

D．使木块完全浸没需要4N向下的压力

13．（3分）如图所示，电源电压为6V且保持不变，R0=30Ω，滑动变阻器的规格为“20Ω 1A”，电流表的量程为“0～0.6A”，小灯泡上标有“3V 1.5W”字样．不考虑灯丝电阻变化，并保证电路安全，则（）

A．当S闭合，S1、S2都断开时，滑动变阻器接入电路的阻值范围是4Ω～20ΩB．当S闭合，S1、S2都断开时，电路消耗最大功率是3.6W

C．当S、S1、S2都闭合时，电路消耗的总功率最小值为2.4W

D．当S、S1、S2都闭合时，滑动变阻器接入电路的最小阻值是15Ω

二、填空题（共6个小题，每空2分，共24分，将正确答案直接填写在答题卡

相应的位置上）

14．（4分）古筝是通过演奏者拨动琴弦，使琴弦而发声的．演奏时，分别拨动长度、粗细不同的琴弦，古筝就能发出（填“音调”“响度”或“音色”）不同的声音．

15．（4分）在四冲程汽油机工作过程中，实现内能转化为机械能的是冲程．完全燃烧500g汽油释放出的热量是J（汽油的热值为4.6×107J/Kg）16．（4分）如图所示，甲、乙容器中分别盛有水和酒精，当在A处沿水平方向快速吹气时，会发现B、C管中的液体上升到一定高度，则h1：h2=，B、C管中的液体上升的原因是A处空气流速加快，．（ρ酒精=0.8×103kg/m3）

17．（4分）某品牌手机充电宝，上面标有电压为5V，容量为12000mA?h，它充满电后，可以储存的电能是J，在充电过程中，将电能转化为能储存．

18．（4分）如图所示，是研究“在相同时间内电流通过导体产生的热量与的

关系”的实验装置和．若电阻丝R

甲=5Ω，R

乙

=10Ω，通过电路中的电流为0.5A，

则甲电阻丝在2min内产生的热量是J．

19．（4分）如图所示，斜面高为2m，用斜面向上大小为250N的拉力F，将重为600N的木箱由斜面底端以0.6m/s的速度匀速拉动，经过10s到达顶端，则拉力的功率是W，物体与斜面间的摩擦力是N．

三、实验与探究（共3个题）

20．（6分）在探究“比较不同物质吸热能力”的实验中：

（1）在两个完全相同的烧杯中分别装入、初温都相同的水和煤油（选填“质量”或“体积”）．

（2）实验中选择相同规格的电加热器，可以认为在相同时间内水和煤油相同，然后比较的方法来完成探究实验的．

（3）根据实验测得的数据分别描绘出了水和煤油两种液体的温度随加热时间变化的图象，如图所示，则的吸热能力更强，因此“暖手宝”中装的储热液具有的比热容．（选填：“较大”或“较小”）

（4）由图象可得煤油的比热容为J/（kg?℃）

21．（6分）小明在盆中清洗樱桃时发现樱桃会沉入水中，他想知道樱桃的密度，于是他做了如下操作：

（1）把天平放在水平台面上，将移到标尺左端零刻线处，发现指针指在分度盘左侧，接下来应向（选填“左”或“右”）调节平衡螺母使横梁平衡．（2）用天平测出透明空烧杯的质量m1=20.8g，然后将透明空烧杯中装入适量水，把一粒樱桃放入烧杯中的樱桃放入烧杯中，再往烧杯中逐渐加盐并搅拌，直至观察到樱桃悬浮，随即停止加盐，将烧杯中的樱桃取出，用调好的天平测出烧杯与盐水总质量，如图甲所示，记作m2=g．

（3）将烧杯中的盐水全部倒入空量筒中，如图乙所示，量筒中盐水的体积为V=

cm3，则樱桃的密度为kg/m3．

（4）以上实验操作，测出的樱桃密度比实际值将偏（选填“大”或“小”）．22．（7分）在“测定小灯泡的功率”的实验中，选用了如图甲所示的器材，其中电源为3节新干电池，小灯泡的额定电压为2.5V（小灯泡的额定功率小于1W），滑动变阻器标有“25Ω 1A”

（1）请你用笔画线代替导线，将图甲所示的电路连接完整．（请用签字笔在答题卡上连线）

（2）连接电路过程中，滑片P应置于端．（选填“A”或“B”）

（3）闭合开关后，无论怎样移动滑片P，小灯泡几乎不发光，两电表均有较小示数且保持不变，则故障可能是．

（4）排出故障后，移动滑动变阻器P到某处时，电压表示数为2V，若要测小灯泡的额定功率时，应将滑片P向端移动（选填“A”或“B”）．当小灯泡正常发光时，电流表示数如图乙所示，则通过小灯泡的电流是A，小灯泡的额定功率是W．

（5）利用该电路继续探究电流跟电阻的关系时，需将小灯泡换成适当的定值电阻R，其他器材不变．若实验时保持电压表示数为2V不变，则更换的电阻阻值不能大于．

2017年四川省眉山市中考物理试卷

参考答案与试题解析

一、

1．（3分）（2017?眉山）下列估测的数据中最接近实际的是（）

A．一张中考试卷厚度大约为1mm

B．一间普通教室内的空气的质量大约为300g

C．家用空调的电功率约为1000W

D．某初三学生百米成绩约为8s

【考点】63：长度的估测；23：质量的估测；61：时间的估测；J7：电功率．【专题】12 ：应用题；29 ：估算题；5A2：估算综合应用题．

【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个．

【解答】解：A．一张试卷纸的厚度约为0.08毫米，合80微米；不足1mm，故A不符合实际；

B．一般教室的建筑面积为100m2，教室的高一般为3m；故教室内空气的体积为V=sh=100m2×3m=300m3；根据空气的密度为 1.29kg/m3；故空气的质量为m=ρV=1.29kg/m3×300m3=387kg，故B不符合实际；

C．家用空调的电功率约为1000W，故C符合实际；

D．男子百米世界记录略小于10s，中学生百米赛跑的成绩在16s左右．故D不符合实际．

故选C．

【点评】估测是一种科学的近似计算，它不仅是一种常用的解题方法和思维方法，而且是一种重要的科学研究方法，在生产和生活中也有着重要作用．

2．（3分）（2017?眉山）下列关于材料、技术及能源的说法中正确的是（）A．数码相机的图象传感器与处理芯片是由半导体材料制成的

B．微波炉是利用电流的热效应来加热食品的

C．我国海域深处蕴藏大量的“可燃冰”属于可再生能源

D．“华龙一号”第三代核电站是利用核聚变释放出的能量来发电的

【考点】42：半导体的特点；K2：能源的分类；K4：核能．

【专题】12 ：应用题；561：粒子与宇宙、材料世界；594：能源的利用与发展．【分析】（1）容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体，导电性能介于导体与绝缘体之间的叫半导体；

（2）微波炉是一种用微波加热食品的现代化烹调灶具，微波属于电磁波的一种；（3）可以从自然界源源不断地得到的能源称之为可再生能源；一旦消耗就很难再生的能源称之为不可再生能源；

（4）核电站的原理是通过核裂变释放能量来发电的．

【解答】解：

A、数码相机的图象传感器是用半导体材料制成的，故A正确；

B、生活中常用的微波炉是用微波（电磁波）来加热食品的，是电流的磁效应，故B错误；

C、可燃冰不能在短期内从自然界得到补充，所以它们属于不可再生能源，故C 错误；

D、核电站是利用核裂变来释放能量的，不是利用核聚变，故D错误．

故选A．

【点评】本题考查学生对半导体、电磁波的利用、能源的分类以及核裂变利用的掌握情况，需要准确记忆．

3．（3分）（2017?眉山）眉山市瓦屋是著名的风景区，远远望去，云雾缭绕，显得神秘而美丽．关于云雾的形成，下列说法正确的是（）

A．从山中冒出的烟

B．水蒸气遇冷液化形成的小水珠

C．从山中蒸发出来的水蒸气

D．水蒸气凝华形成的小水珠

【考点】1M：液化及液化现象．

【专题】31 ：定性思想；522：汽化和液化、升华和凝华．

【分析】解答此题首先要知道的雾气是什么状态，然后知道这种状态的物质从哪来的．雾气是液态的小水滴，是由空气中的水蒸气液化变来的．

【解答】解：山上空气中总有很多的水蒸气，但是水蒸气和空气一样是看不见的．山顶的温度较低，水蒸气遇冷液化成小水滴，形成雾．

故选B．

【点评】本题中不要误以为雾气是水蒸气．生活中看到的白气、白雾都是液态的小水滴，而不是水蒸气，它的形成过程都是液化．

4．（3分）（2017?眉山）下列关于温度、热量和内能说法正确的是（）A．热量总是从高温物体传给低温物体

B．物体从外界吸收了热量，温度一定升高

C．物体的温度越高，具有的热量越多

D．物体的内能增加，则一定是从外界吸收了热量

【考点】G6：温度、热量与内能的关系．

【专题】31 ：定性思想；523：分子热运动、内能．

【分析】热量是指在热传递过程中传递的能量，只有在热传递过程中才能提到热量；

温度表示物体的冷热程度，在微观角度看表示了大量分子无规则运动的剧烈程度；

内能是分子动能（大量分子做无规则热运动的剧烈程度）和分子势能（分子间作用力）的总和．

【解答】解：A、两个不同温度的物体相接触发生热传递时，热量总是从高温物体传给低温物体，故A正确；

B、物体吸收热量，温度不一定会升高，比如晶体熔化过程，虽然吸收热量，但温度不变．故B错误；

C、只有在热传递过程中才能提到热量；故C错误；

D、物体内能增加，可能是外界对物体做功，也有可能是发生了热传递，故D错误

故选A．

【点评】区分温度、热量、内能，要从宏观和微观两个角度的表现来认识：宏观的温度的升高是指微观的分子运动更剧烈；宏观的物态变化是指微观的分子间作用力变化；内能是指二者之和．

5．（3分）（2017?眉山）甲、乙两车在某一平直公路上，从同一地点同时向东运动，它们的s﹣t图象（路程﹣时间图象）如图所示．则下列判断错误的是（）

A．甲、乙都在做匀速直线运动

B．甲的速度小于乙的速度

C．若以乙为参照物，甲往东运动

D．经过4s，甲乙相距8m

【考点】69：速度公式及其应用．

【专题】12 ：应用题；4B ：图析法；571：长度、时间、速度．

【分析】（1）匀速直线运动时速度是定值，即通过的路程与时间成正比，由此根据甲乙s﹣t图象分析它们的运动状态；

（2）相同时间通过的路程越大物体的速度越快，由此判断甲和乙的速度关系；（3）由图象可知两小车在4s内的路程，由此可判断两小车的位置关系．

【解答】解：

A、由图象知，甲和乙的s﹣t图线都是正比例图线，它们通过的路程与时间成正比，即甲、乙都在做匀速直线运动，故A正确；

B、由图知，相同时间内乙通过的路程大于甲，所以乙的速度大于甲，故B正确；CD、两车同时、同地、向东做匀速直线运动，

由图知，4s时间甲车路程为s

甲=4m，乙车路程为s

乙

=12m，

甲车在乙车的后方s=s

甲﹣s

乙

=12m﹣4m=8m处，所以以乙为参照物，甲向西运动，

故C错误，D正确．故选C．

【点评】这是一道图象题，由物体的s﹣t图象，我们可以求：①物体在一定时间内的路程，②物体通过一定路程所用时间，③判断物体的运动状态，④求物体的运动速度．

6．（3分）（2017?眉山）在“探究凸透镜成像的规律”实验中，光具座上各元件位置如图所示，此时在光屏上恰好成一个清晰的像，则下列说法正确的是（）

A．利用了这一原理制成了照相机

B．若将蜡烛远离凸透镜，则应将光屏靠近凸透镜才能得到清晰的像，且像逐渐变小

C．若保持凸透镜位置不变，将蜡烛和光屏的位置互换，会在光屏上成一个清晰倒立、放大的像

D．若保持凸透镜位置不变，将蜡烛放在刻度线45cm处，适当移动光屏也能得到一个清晰的像

【考点】B7：凸透镜成像规律及其探究实验．

【专题】13 ：实验题；4B ：图析法；5A5：探究型实验综合题．

【分析】凸透镜成像的规律：

当u＞2f时，成倒立、缩小的实像．照相机、摄像机就是根据这个原理制成的．当u=2f时，成倒立、等大的实像．

当f＜u＜2f时，成倒立、放大的实像．幻灯机、投影仪就是根据这个原理制成的．

当u=f时，无像．经凸透镜折射后的光线是平行的，没有会聚点．

当u＜f时，成正立、放大的虚像．放大镜就是根据这个原理制成的．

成实像时的动态变化规律是：物近像远像变大，物远像近像变小．

【解答】解：A、由图可知，物距小于像距，f＜u＜2f，v＞2f，此时光屏上成倒立放大的实像，幻灯机或投影仪利用了此原理．u＞2f，成倒立、缩小的实像，

应用于照相机和摄像机，故图示不照相机机的原理图．故A错误；

B、成实像时的动态变化规律是：物远像近像变小，则若将蜡烛远离凸透镜，则应将光屏靠近凸透镜才能得到清晰的像，且像逐渐变小，故B正确．

C、若保持凸透镜位置不变，将蜡烛和光屏的位置互换，此时u＞2f，成倒立、缩小的实像，故C错误；

D、由图可知，f＜u﹣15cm＜2f，则7.5cm＜f＜15cm，当将蜡烛放在刻度线45cm 处，当u＜f时，成正立、放大的虚像，虚像不能在光屏上承接．故D错误．

故选B．

【点评】要求学生能从图中获取信息，然后利用所学规律分析解答问题，这是考试中常见的题型，考查学生的分析能力．此题的关键是掌握凸透镜成像的规律．搞清像距、像的大小与物距之间的关系．

7．（3分）（2017?眉山）如图所示，人造卫星沿椭圆形轨道绕地球运行，下列说法正确的是（）

A．卫星在近地点时，动能最大，机械能最大

B．卫星在远地点时，势能最大，机械能最大

C．卫星从近地点向远地点运行时，动能逐渐减小，势能逐渐增大，机械能不变D．卫星从远地点向近地点运行时，动能逐渐减小，势能逐渐增大，机械能不变【考点】FN：动能和势能的大小变化．

【专题】12 ：应用题；41 ：控制变量法；593：机械能及其转化．

【分析】（1）动能大小的影响因素：质量、速度．质量越大，速度越大，动能越大．

（2）势能大小的影响因素：质量、被举得高度．质量越大，高度越高，势能越大．

（3）在大气层外，卫星绕地球运动时，没有阻力作用，没有克服摩擦做功，机

械能守恒．

【解答】解：A、卫星在近地点时，速度最大，动能最大，距离地球最近，势能最小，卫星在绕地球运动过程中，没有受到任何阻力作用，机械能守恒．故A 错误；

B、卫星在远地点时，速度最小，动能最小，距离地球最远，势能最大，卫星在绕地球运动过程中，没有受到任何阻力作用，机械能守恒．故B错误；

C、卫星从近地点向远地点运行时，速度越来越小，动能逐渐减小，距离地球越来越远，势能逐渐增大，卫星在绕地球运动过程中，没有受到任何阻力作用，机械能守恒．故C正确；

D、卫星从远地点向近地点运行时，速度越来越大，动能逐渐增大，距离地球越来越近，势能逐渐减小，卫星在绕地球运动过程中，没有受到任何阻力作用，机械能守恒．故D错误．

故选C．

【点评】注意太空中由于物体之间有相对距离时，具有的是势能而不是重力势能．同时知道太空中没有空气的阻力，机械能守恒．

8．（3分）（2017?眉山）如图所示，闭合开关S后，发现电灯L不亮，且保险丝没有熔断．用试电笔测试灯头的两端C、D，发现这两处都能使试电笔的氖管发光，再用试电笔测试B处氖管不发光．若电路中只有一处故障，则（）

A．AC段某处断路B．BD段某处断路C．电灯L断路D．电灯L短路

【考点】IP：家庭电路的故障分析．

【专题】12 ：应用题；542：电与热、生活用电．

【分析】解决此题要知道保险丝没有熔断，说明没有发生电流过大的情况；测量火线氖管发光，证明进户火线正常；测量零线不发光，说明零线也正常．

【解答】解：

A、AC段某处断路时，则试电笔接触D点时，氖管不发光，故A错误；

B、BD段某处断路，则试电笔接触CD点时，氖管发光，接触B点时不发光，故B正确；

C、电灯L断路，则试电笔接触D点时，氖管不发光，故C错误；

D、电灯L短路，则电源短路，电路中电流过大，保险丝会熔断，与题意不符，故D错误．

故选B．

【点评】本题考查学生对家庭电路中故障的分析，需要掌握测电笔的使用方法．

9．（3分）（2017?眉山）将丝绸摩擦过的玻璃棒去接触不带电的验电器的金属球，发现验电器的两片金属箔张开，以下说法正确的是（）

A．摩擦起电创造了电荷

B．摩擦后丝绸带正电荷

C．金属箔带电是因为玻璃棒上的电子转移到验电器上

D．玻璃棒与验电器接触时，瞬间的电流方向是从玻璃棒到验电器

【考点】H7：摩擦起电的实质；HE：电流的方向．

【专题】31 ：定性思想；531：电流和电路．

【分析】A、摩擦起电的实质是电荷的转移，在摩擦起电中并没有创造电荷；B、丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，人们规定，用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，摩擦的过程中，其实质是电子的转移，玻璃棒失去电子而带正电，丝绸得到电子而带负电；

C、当带正电的玻璃棒靠近验电器的金属球时，玻璃棒上的正电荷吸引验电器上的负电荷（自由电子），验电器上的电子转移到玻璃棒上，由于验电器的金属箔片少了带负电的电子而带正电；

D、正电荷定向移动的方向规定为电流方向，负电荷定向移动方向与电流方向相反

【解答】解：A、摩擦起电的实质是电荷的转移，在摩擦起电中并没有创造电荷，故A错误；

B、丝绸摩擦这的玻璃棒带正电，故B错误；

C、当带正电的玻璃棒靠近验电器的金属球时，玻璃棒上的正电荷吸引验电器上的负电荷（自由电子），验电器上的电子转移到玻璃棒上，由于验电器的金属箔片少了带负电的电子而带正电，故C错误；

D、因为电流方向与电子移动的方向相反，故电流从玻璃棒到验电器，故D正确．故选D．

【点评】本题考查了摩擦起电的实质、丝绸摩擦的玻璃棒带正电、电流方向的规定以及电子转移情况，属于基础知识，比较简单．

10．（3分）（2017?眉山）在如图所示的电路中，电源电压保持不变，当开关S 闭合，滑动变阻器滑片P向右移动时，电流表和电压表示数的变化分别为（）

A．电流表的示数变小，电压表的示数不变

B．电流表的示数变大，电压表的示数不变

C．电流表的示数变小，电压表的示数变大

D．电流表的示数变小，电压表的示数变小

【考点】IZ：电路的动态分析；IH：欧姆定律的应用．

【专题】12 ：应用题；27 ：动态预测题；53 ：电路和欧姆定律；5A8：电路变化分析综合题．

【分析】由电路图可知，定值电阻R1与滑动变阻器R2串联，电压表测电源的电压，电流表测干路电流，根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过R1的电流不变，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过R2的电流变化，根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化．

【解答】解：由电路图可知，定值电阻R1与滑动变阻器R2串联，电压表测电源的电压，电流表测干路电流，

因电源电压保持不变，

所以，滑片移动时，电压表的示数不变，故CD错误；

因并联电路中各支路独立工作、互不影响，

所以，滑片移动时通过R1的电流不变，

滑动变阻器滑片P向右移动时，接入电路中的电阻变大，

由I=可得，通过R2的电流变小，

因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，

所以，干路电流变小，即电流表的示数变小，故A正确、B错误．

故选A．

【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键．

11．（3分）（2017?眉山）如图所示，叠放在一起的物体A和B，在F=15N的水平拉力作用下沿水平做匀速直线运动，则下列结论中正确的是（）

A．A受到的重力与地面对A的支持力是一对平衡力

B．B受到的重力与A对B的支持力是一对相互作用力

C．B物体受到的摩擦力为0

D．若增大拉力F，则A与地面的摩擦力也随着增大

【考点】6S：平衡力和相互作用力的区分；7D：摩擦力的大小．

【专题】12 ：应用题；4B ：图析法；572：运动和力；573：重力、弹力、摩擦力．

【分析】利用以下知识分析解答：

（1）平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上．

（2）相互作用力的条件：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上．

（3）两个互相接触的物体，当它们做相对运动时，在接触面上会产生一种阻碍相对运动的力，这种力就叫摩擦力；

（4）摩擦力大小的影响因素：压力和接触面的粗糙程度．

【解答】解：A、A受到的重力与地面A的支持力是一对平衡力大小不相等，不是一对平衡力．故A错误；

B、B受到的重力与A对B的支持力是作用在作用在同一个物体上的两个力，不是一对相互作用力．故B错误；

C、AB同时向前做匀速直线运动，所以AB之间没有相对运动的趋势，B不受摩擦力的作用，即B物体受到的摩擦力为0．故C正确；

D、若增大拉力F，A对地面的压力不变，接触面的粗糙程度不变，所以A与地面的摩擦力不变．故D错误．

故选C．

【点评】此题考查平衡力和相互作用力的区分，摩擦力及摩擦力大小的影响因素，平衡力与相互作用力的区别主要在于：平衡力是作用在同一物体上的两个力；相互作用力是作用在两个物体上的力．

12．（3分）（2017?眉山）如图所示，将边长为10cm的正方体木块放入装有某种液体的圆柱形容器中，木块静止时，有的体积露出液面，此时液面比放入木块前升高2cm，容器底部受到的压强变化了160Pa（取g=10N/kg），则下列判断错误的是（）

A．液体的密度是0.8×103Kg/m3

B．木块的密度为0.6g/cm3

C．木块受到的浮力是6N

D．使木块完全浸没需要4N向下的压力

【考点】8S：物体的浮沉条件及其应用；8O：阿基米德原理．

【专题】583：浮力；584：浮沉的应用．

【分析】（1）已知压强变化了160Pa，根据公式p=ρgh即可求出液体的密度；

（2）由题意知，木块静止时，有的体积露出液面，根据漂浮条件和阿基米德

原理即可求出木块密度；

（3）求出木块的体积，根据G=mg=ρgV求出木块的重力，根据漂浮条件即可求出浮力；

（4）根据阿基米德原理求出浸没时所受的浮力，然后利用F=F

浮

﹣G求出压力．【解答】解：

A、根据公式p=ρgh可得液体密度：ρ液===0.8×103kg/m3；故A正确；

B、木块静止时，有的体积露出液面，则V排=（1﹣）V木=V木，根据漂浮条件可得：

F浮=G木，即：ρ液gV排=ρ木gV木，

所以，ρ

木=ρ

液

=×ρ

液

=×0.8×103kg/m3═0.6g/cm3；故B正确；

C、木块的体积V木=L=（10cm）3=1000cm3=1×10﹣3m3，木块的重力G木=m木g=ρ

木gV

木

=0.6×103kg/m3×10N/kg×1×10﹣3m3=6N；则F浮=G木=6N；故C正确；

D、木块完全浸没浮力F浮′=ρ液gV木=0.8×103kg/m3×10N/kg×1×10﹣3m3=8N；

则压力F=F

浮﹣G

木

=8N﹣6N=2N；故D错误．

故选D．

【点评】本题考查漂浮条件和阿基米德原理的应用，关键是已知压强的变化可以利用液体压强公式来进行计算深度的变化．

13．（3分）（2017?眉山）如图所示，电源电压为6V且保持不变，R0=30Ω，滑动变阻器的规格为“20Ω 1A”，电流表的量程为“0～0.6A”，小灯泡上标有“3V 1.5W”字样．不考虑灯丝电阻变化，并保证电路安全，则（）

A．当S闭合，S1、S2都断开时，滑动变阻器接入电路的阻值范围是4Ω～20Ω

B．当S闭合，S1、S2都断开时，电路消耗最大功率是3.6W

C．当S、S1、S2都闭合时，电路消耗的总功率最小值为2.4W

D．当S、S1、S2都闭合时，滑动变阻器接入电路的最小阻值是15Ω

【考点】JA：电功率的计算；IH：欧姆定律的应用．

【专题】11 ：计算题；4B ：图析法；53 ：电路和欧姆定律；541：电能和电功率．

【分析】（1）S闭合，S1、S2都断开，滑动变阻器与灯泡串联．根据滑动变阻器的规格和欧姆定律可知滑动变阻器接入电路的阻值范围；

（2）S闭合，S1、S2都断开，滑动变阻器与L串联，根据P=UI求得电路消耗最大功率；

（3）S、S1、S2都闭合，滑动变阻器与R0并联，要使电路消耗的总功率最小，则滑动变阻器的阻值最大，据此求得流经滑动变阻器的电流，与R0的支路上的电流之和为干路上的电流，然后利用P=UI求得电路消耗的总功率最小值；

（4）S、S1、S2都闭合，滑动变阻器与R0并联，当电路消耗的总功率最大时，根据电流表的量程确定干路中的电流，利用R=求得电路中的总电阻，然后可求滑动变阻器接入电路的阻值．

【解答】解：

A、S闭合，S1、S2都断开，滑动变阻器与灯泡串联．

由P=可得，小灯泡电阻R L===6Ω，

由P=UI可得小灯泡正常发光时的电流：I===0.5A，

当电路中电流最大时，电阻最小，则滑动变阻器接入电路的最小阻值：R

小

===6Ω；

=20Ω，故滑动变阻器接入电路的滑动变阻器的规格为“20Ω 1A”，则最大阻值R

大

阻值范围是6Ω～20Ω；故A错误；

B、S闭合，S1、S2都断开，滑动变阻器与L串联，电阻最小时电流最大，其最大

电流：I

==0.5A

最大