2020年各地中考物理模拟试题分类精编专题14欧姆定律含解析

专题14 欧姆定律★考点导学

★模拟汇编

一、选择题

1.（2020·北京四中中考模拟（适应性测试）

）图中，甲图是灯泡 L 和定值电阻R的I-U关系图像，将灯泡L和电阻R先后以乙图和丙图两种方式接在同一电源上，则下列判断中正确的是（）。

A. 乙图中，U1>U2

B. 丙图中，I1>I2

C. 灯泡 L 两端的电压与通过它的电流成正比

P P的大小关系不能确定

D. 乙丙两图中，灯泡 L 和电阻R的电功率14

【答案】A。

【解析】A．在图乙中，灯泡与电阻串联，串联中各处的电流都相等，由图甲可知，在电流相等时，灯泡 L 的电压大于电阻 R两端的电压，即U1>U2，故A正确；

B．由图丙知，灯泡与电阻并联，各支路两端的电压相同，由图甲可知，在电压相等时，经过灯泡L的电流小于电阻 R的电流，即I1

C．由甲图可知，图线不是直线，随着电压升高，电阻随温度升高而变大，所以同一灯泡两端的电压与通过它的电流不成正比，故C错误；

及其变形公式可以确定灯泡 L 和电阻R的电功率D．根据图像和功率公式P UI

P P的大小关系，故D错误。故选A。

14

2．（2020·河南中考备考（网上教学）质量调研试卷）如图所示的电路中，电源电压保持不变。当S断开时，电流表示数为I 1，当S闭合时，电流表示数为I2。如果I1∶I2＝2∶3，则R1、R2的电阻之比为（）。

A．2∶3；B．3∶2；C．1∶2；D．2∶1

【答案】D。

【解析】（1）S断开时，R1、R2串联，根据欧姆定律和串联电路电流关系，此时电流I1

为：2

11R R U I +=； （2）S 闭合时，电路只有电阻R 1，此时电流I 2为：12R U I =

； 因为I 1∶I 2＝2∶3，所以有：3

22111

21

21=+=+=R R R R U R R U

I I ； 即：212R R =，得：1

221=R R 。故选D 。 3．（2020·吉林省长春市中考模拟四）如图所示，R 0为定值电阻，R 为光敏电阻，其阻值随光照强度的减弱而增大。当电流表示数减小至某一定值时，装置报警，S 闭合好后，当有烟雾遮挡射向R 的激光时（ ）。

A ．R 0两端电压增大；

B ．电路消耗的总功率增大；

C ．电压表与电流表的示数之比增大；

D ．若增大R 0的阻值，可使装置在更高浓度烟雾下才报警

【答案】C 。

【解析】由电路图可知，R 与R 0串联，电压表测R 两端的电压，电流表测电路中的电流。

（1）因光敏电阻R 的阻值随光照强度的减弱而增大，所以，当有烟雾遮挡射向R 的激光时，R 的阻值变大，电路中的总电阻变大，由I ＝可知，电路中的电流减小，由U ＝IR 可知，R 0两端电压减小，故A 错误；

由P ＝UI 可知，电路消耗的总功率减小，故B 错误；

由R ＝可知，电压表与电流表的示数之比等于R 的阻值，则电压表与电流表的示数之比增大，故C 正确；

（2）增大R 0的阻值时电路中的总电阻增大，由I ＝可知，电路中的电流减小，则可使装置在更低浓度烟雾下报警，故D 错误。故选C 。

4.（2020·安徽中考必刷卷名校内部卷一)用如图甲所示电路来测量额定电压为

2.5V

的小灯泡功率，电源电压恒为4.5V，从滑动变阻器接入电路中的阻值最大时开始记录数据，测得小灯泡的U-I图象如图乙所示。针对该实验过程，下列判断错误的是（）。

A.小灯泡的额定功率为1W；

B. 小灯泡正常工作时的电阻为6.25Ω；

C.滑动变阻器的最大阻值为40Ω；

D.电路消耗的最小功率为0.05W

【答案】D。

【解析】由电路图知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测L两端电压，电流表测电路中电流，

A、小灯泡的额定电压为2.5V，由图象可知此时通过灯泡的电流为0.4A，

所以小灯泡的额定功率：P额=U额I=2.5V×0.4A=1W，故A正确；

B、由I=U/R可得，灯泡正常工作时的电阻：R L=U额/I=2.5V/0.4A=6.25Ω，故B正确；

C、电源电压一定，由I=U/R可知，当变阻器连入电路的阻值最大时，电路中电流最小；由图象知电路的最小电流为0.1A，此时灯泡两端电压为0.5V；

电路的最大总电阻：R总最大=U/I最小=4.5V/0.1A=45Ω，

此时灯泡的电阻：R L=U L/I最小=0.5V/0.1A=5Ω，

滑动变阻器的最大阻值：R滑最大=R总最大-R L=45Ω-5Ω=40Ω，故C正确；

D、由P=UI可得电路消耗的最小功率：P总最小=U总I最小=4.5V×0.1A=0.45W，故D错误。故选D。

5．（2020·湖北省武汉市中考模拟五）如图所示电路，电源使用的是学生电源，当电源旋钮旋至某一档后，开关S闭合，S1、S2断开时，电压表的示数为2V，灯泡L正常发光，且功率为4W；当电源旋钮至另一档时，开关S、S1、S2都闭合时，电流表的示数为2.5A，灯泡L的功率为1W；已知R2＝0.5R1．则下列说法正确的是（）。（不考虑温度对灯泡电阻的影响）

A．灯泡L的电阻为2Ω；

B．电阻R1的阻值为4Ω；

C．先后所使用两档电源电压之比为3：1 ；

D．S、S1、S2都闭合时，电路的总功率是15W

【答案】C。

【解析】开关S闭合，S1、S2断开时，等效电路图如图1所示：

因串联电路中电流相等，且此时灯泡正常发光，所以灯泡的额定电流：I L＝I＝＝，灯泡的额定功率：P L＝I L2R L＝（）2×R L＝4W，化简得：R L＝R12（为便于计算，没有带单位，

同理后面部分方程），又因R2＝0.5R1，所以R L＝R12＝4R22；（2）开关S、S1、S2都闭合时的等效电路图如图2所示：

设此时电源电压为U′，则通过电阻R2与灯泡的电流之比为：＝＝＝

＝4R2，

所以I2＝4I L′R2，﹣﹣①；

因并联电路中，干路电流等于各支路电流之和，即I L′+I2＝2.5A，I L′+4I L′R2＝2.5A ﹣﹣②，

根据题意可得：P L′＝I L′2R L＝1W，因为R L＝4R22，所以4I L′2R22＝1W，I L′R2＝0.5﹣﹣③；联立①②③得：I L′＝0.5A，R2＝1Ω，I2＝2A；

因R L＝R12＝4R22，所以R1＝2R2＝2×1Ω＝2Ω，R L＝R12＝4Ω；I L＝I＝＝＝1A，

由串联电路的电压规律和欧姆定律可得，原来的电源电压：U＝U V+IR L＝2V+1A×4Ω＝6V，现在的电源电压：U′＝I L′R L＝0.5A×4Ω＝2V；则先后所使用两档电源电压之比为U：U′＝6V：2V＝3：1，开关S、S1、S2都闭合时电路的总功率：P′＝U′I′＝2V×2.5A＝5W；故ABD错误，C正确。故选C。

6．（2020·江苏省扬州市仪征市中考一模）如图所示，电源电压为6V且保持不变，R0＝30Ω，滑动变阻器的规格为“20Ω、1A”，电流表的量程为“0～0.6A”，小灯泡上标有“3V 1.5W”字样。不考虑灯丝电阻变化，并保证电路安全，则（）。

A．当S闭合，S1、S2都断开时，滑动变阻器接入电路的阻值范围是4Ω～20Ω；

B．当S闭合，S1、S2都断开时，电路消耗最大功率是3.6W；

C．当S、S1、S2都闭合时，电路消耗的总功率最小值为2.4W；

D．当S、S1、S2都闭合时，滑动变阻器接入电路的最小阻值是15Ω

【答案】D。

【解析】A、S闭合，S1、S2都断开，滑动变阻器与灯泡串联。

由P＝可得，小灯泡电阻R L＝＝＝6Ω，

由P＝UI可得小灯泡正常发光时的电流：I＝＝＝0.5A，

当电路中电流最大时，电阻最小，则滑动变阻器接入电路的最小阻值：R小＝＝＝6Ω；

滑动变阻器的规格为“20Ω 1A”，则最大阻值R大＝20Ω，故滑动变阻器接入电路的阻值范围是6Ω～20Ω；故A错误；

B、S闭合，S1、S2都断开，滑动变阻器与L串联，电阻最小时电流最大，其最大电流：I最大＝＝0.5A

电路消耗最大功率P最大＝UI最大＝6V×0.5A＝3W；故B错误；

C、S、S1、S2都闭合，滑动变阻器与R0并联，通过R0的电流：I1＝＝＝0.2A，

当滑动变阻器的阻值最大时，此支路上的电流最小，则I2＝＝＝0.3A，

则干路上的电流I最小＝I1+I2＝0.2A+0.3A＝0.5A，

电路消耗的总功率最小值P最小＝UI最小＝6V×0.5A＝3W，故C错误；

D、由电流表的量程可知，干路中的最大电流为0.6A，则电路消耗的总功率最大，

电路中的总电阻R总＝＝＝10Ω，

滑动变阻器与R0并联，则＝+，即：＝+，

解得R滑＝15Ω．故D正确。故选D。

7.（2020·重庆市中考九年级学业水平监测预测卷一）如图甲所示电路的电源电压为3V，小灯泡的额定电压为2.5V，图乙是小灯泡的I--U图像。闭合开关S后，下列判断正确的是( )。

A ．滑动变阻器的滑片P 向左滑动时，灯泡变暗；

B ．小灯泡正常发光时，滑动变阻器的电功率是0.25W ；

C ．电流表示数为0.4A 时，灯泡的电阻是25Ω；

D ．电压表示数为2.5V 时，小灯泡的功率是1.25W

【答案】B 。

【解析】A.由图可知，闭合开关S 后，灯泡与变阻器串联，电压表测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流，滑片P 向左滑动时，电路中的电阻变小，由欧姆定律可知，电路

中的电流变大，根据2P I R =可知灯泡的实际功率增大，则灯泡变亮，故A 错误；

B.小灯泡的电压等于额定电压2.5V 时，灯正常发光，由图象可知灯的额定电流为0.5A ， 根据串联电路电压的规律，变阻器的电压为：

3V 2.5V 0.5V L U U U =-=-=滑额， 此时滑动变阻器的功率：0.5V 0.5A 0.25W

P U I ==?=滑滑滑，故B 正确。 C.由灯泡的I U -图象可知，当电流为0.4A 时，灯泡的电压为1V ，由欧姆定律可得，灯的电阻：

L 1V 2.50.4A U R I ===Ω，故C 错误；

D.电压表示数为2.5V 时，由串联电路电压的规律，灯的电压为：3V 2.5V 0.5V L U U U '=-'=-=滑，

由图象可知，灯的电压为0.5V 时电流为0.3A ，则小灯泡的功率：

L L 0.5V 0.3A 0.15W P U I '=''=?=，故D 错误；故选B 。

8.（2020·湖北省黄石市有色中学模拟试卷)如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S ，将滑动变阻器的滑片P 向左移动，下列说法中正确的是（ ）。

A. 电流表A1的示数变小，电流表A2的示数变大；

B. 电流表A1的示数和电流表A2的示数同时变大；

C. 电压表的示数变大，电流表A1的示数变小；

D. 电压表的示数不变，电流表A1的示数变小

【答案】D。

【解析】由电路可知，电阻R1和变阻器R2组成并联电路。A1测量变阻器电流，A2测量总电流，V测量电源两端电压。

闭合开关S，变阻器划片左移动时，变阻器接入电路电阻增大，变阻器电流减小，A1减小，A2减小；

电压表V测量电源电压，V不变；由此可知，正确答案是D。

二、填空题

9．（2020·广东省佛山市南海区石门实验中学中考一模）电阻R1：R2＝2：3，将它们串联后接在电源上，则流过它们的电流之比I1：I2＝，加在它们两端的电压值比U1：U2＝。若将它们并联后接在电源上，则流过它们的电流之比I1：I2＝。

【答案】1：1； 2：3；3：2。

【解析】（1）两电阻串联后接在电源上时，因串联电路中各处的电流相等，

所以，通过R1与R2的电流之比I1：I2＝1：1，

由I＝可得，两电阻两端的电压之比：＝＝＝；

（2）将它们并联后接在电源上时，因并联电路中各支路两端的电压相等，

则通过R1与R2的电流之比：＝＝＝。

故答案为：1：1； 2：3；3：2。

10．（2020·江苏省南京市中考模拟四）我市清江大桥上的路灯，采用风力发电给蓄电

池充电，然后为路灯提供电能，即节能又环保。该路灯系统还利用了光敏电阻作为传感器，借助电磁开关，可以实现路灯自动在白天关闭、黑夜打开。该路灯系统采用的光敏电阻的阻值随照射光的强弱而变化，可以近似认为，照射光较强（如白天）时电阻几乎为0，照射光较弱（如黑夜）时电阻接近于无穷大。

电磁开关的内部结构如图中虚线框内所示。1、2两接线柱之间是励磁线圈，3、4两接线柱分别与弹簧片和触点连接。当励磁线圈中电流大于50mA时，电磁铁吸合铁片，弹簧片和触点分离，3、4断开；电流小于50mA时，3、4接通。励磁线圈中允许通过的最大电流为100mA．（励磁就是激发产生的意思。线圈中通过直流电流，沿线圈中心就有磁力线通过，电流越大，磁力线也越多，直到饱和，断开电流，磁力线消失，这就叫励磁。）（1）图中已将蓄电池、光敏电阻R1、保护电阻R2与电磁开关连接，请在答题卷上将路灯L连入电路。要求能按题中要求实现路灯的自动控制。

（2）已知蓄电池的电压36V，如果励磁线圈的电阻为200Ω，励磁线圈允许加的最大电压为________V，保护电阻R2的阻值范围为________Ω。

（3）在有些应用电磁开关的场合，为了安全，往往需要在电磁铁吸合铁片时，接线柱3、4之间从断开变为接通。为此，电磁开关内部结构应如何改造？请结合本题中电磁开关内部结构图说明。答：________。

【答案】（1）如下图所示；（2）20；160Ω～520；（3）把触点从弹簧片右侧移到弹簧片左侧，保证当电磁铁吸合铁片时，3、4之间接通：不吸合时，3、4之间断开。

【解析】（1）由题意可知，照射光较强（如白天）时，光敏电阻R1的阻值几乎为0，电路中的电流最大，电磁铁吸合铁片，弹簧片和触点分离，3、4断开，灯泡不亮；照射光较弱（如黑夜）时电阻接近于无穷大，电路中的电流最小，电磁铁的磁性较弱几乎无磁场，在弹力的作用下，弹簧片和触点吸合，3、4接触，灯泡发光，电路图的连接如下图所示：

（2）已知励磁线圈中允许通过的最大电流为I大＝100mA＝0.1A，电阻为R＝200Ω，由I＝可得，励磁线圈允许加的最大电压：U大＝I大R＝0.1A×200Ω＝20V，由题得知，励磁

线圈电流范围为50mA﹣100mA，保护电阻R2的最大值：R大＝﹣R2＝﹣200Ω＝520Ω，最小值：R小＝﹣R2＝﹣200Ω＝160Ω，故保护电阻R2的阻值范围为160Ω～

520Ω。

（3）由题应把触点从弹簧片右侧移到弹簧片左侧，保证当电磁铁吸合铁片时，3、4之间接通，不吸合时，3、4之间断开。

11.（2020·江苏省南京市中考模拟四）如图所示，电源电压不变，R2＝30Ω，R3＝10Ω．只闭合S1，电流表A1示数为0.2A，电压表?示数为4.0V，则定值电阻R1为________Ω，电源电压为________V．闭合S1、S2、S3，电流表A1、A2示数之比为________，通电1min电阻R2产生的热量为________J。

【答案】20；6；5：2；72。

【解析】（1）只闭合S1，电阻R1、R3串联，电流表测量的是整个电路中的电流，电压表测量的是电阻R1两端的电压。由欧姆定律可得R1的阻值：R1＝＝＝20Ω；

根据串联电路的特点和欧姆定律可得，电源电压：U＝I（R1+R3）＝0.2A×（20Ω+10Ω）

＝6V ；

（2）闭合S 1、S 2、S 3，电阻R 1、R 2并联，电流表A 1测量的是干路中的总电流，A 2测量R 2的电流，电压表测量的是电源电压；则通过R 1的电流：I 1＝＝＝0.3A ，A 2的示数（通过R 2的电流）：I 2＝＝＝0.2A ，所以干路中电流表A 1的示数：I ＝I+I 2＝0.3A+0.2A ＝0.5A ，电流表A 1、A 2示数之比为

＝＝； 通电1minR 2产生的热量：Q 2＝I 22R 2t ＝（0.2A ）2×30Ω×60s ＝72J 。

答案是：20；6；5：2；72。

12．（2020·广东中考模拟八)如图是电阻A 、B 的I －U 图象。由图可知：B 电阻的阻值是Ω；将电阻A 、B 串联后接入电路，当通过A 的电流为0.3 A 时，A 和B 两端的总电压是V ；将电阻A 、B 并联后接入某电路，当通过B 的电流为0.2 A 时，A 两端的电压是V 。

【答案】10；4.5；2。

【解析】（1）根据欧姆定律R U I =的变形I

U R =即可求得R 。 由图中I －U 可知A 电阻的阻值：Ω===

56.00.3A

V I U R A A A ；B 电阻的阻值：Ω===103.00.3A V I U R B B B 。 （2）电阻AB 串联总电阻为：Ω=Ω+Ω=+=15105B A R R R 串；

电阻AB 并联总电阻为：Ω=Ω+ΩΩ?Ω=+=3

10105105B A B A R R R R R 并。 （3）如果电流是0.3A ，串联时总电压为：V A IR U 5.4153.0=Ω?==串总；

（4）电阻A 、B 并联，A 、B 两端电压相同，故A 两端电压为：V A R I U U B B B A 2102.0=Ω?===。

故答案为：10；4.5；2。

13.（2020·河南中考第一次质量预测试卷）如图甲所示的电路中，电源电压恒定不变，图乙是小灯泡L 和定值电阻R 1的电流与电压关系的图象。当只闭合S 1、S 2时，电压表示数为

2V；当只闭合S2、S3时，电压表示数为4V。则电源电压U=________V，R2=________Ω。

【答案】8；5。

【解析】（1）由图象知，R1的电流为0.2A时，电压为2V，所以R1的阻值为：

R1=U1

I

1=2V

0.2A

=10Ω；根据电路图，当只闭合S1、S2时，R1与L串联，电压表测灯泡两端

电压。

由图象知，灯泡两端电压为2V时的电流为0.6A，串联电路中电流处处相等，即通过R1的电流也为0.6A，

所以R1两端的电压为：U1′=I1′R1=0.6A×10Ω=6V。

所以电源电压为：U=U L+U1′=2V+6V=8V ；

（2）当只闭合S2、S3时，R2与L串联，电压表仍测灯泡两端电压；

灯泡两端电压为4V，由图象知，此时通过灯泡的电流为0.8A，

串联电路电流处处相等，所以I2=I L=0.8A ，

R2两端的电压为：U2=U﹣U L=8V﹣4V=4V；

根据R

2=

U

2

I

2

得R2的阻值为：R

2

=

U

2

I

2

=4V

0.8A

=5Ω。

故答案为：8；5。

三、实验探究题

14．（2020·吉林省长春市中考模拟四）甲、乙两小组探究“电流与电压和电阻的关系”。实验室提供的实验器材有：电源（电压恒为4.5V），电流表、电压表各一个，开关一个，四个定值电阻（5Ω、10Ω、15Ω、20Ω），两只滑动变阻器（规格分别为“30Ω2A”“50Ω1A”），小灯泡一只（额定电压为2.5V），导线若干。

（1）甲小组探究“电流与电压的关系”。

①请你根据图甲的电路图用笔画线代替导线将图乙中的实物电路连接完整。

②排除故障后进行实验得到的数据如下表，由此可得到的实验结论是________

电压U/V 1.0 1.5 3.0

电流I/A 0.2 0.3 0.6 （2）乙小组探究“电流与电阻的关系”。

①将5Ω的电阻接入电路，检查无误后闭合开关，移动滑片，使电压表的示数为1.5V，并记下相应的电流值。再用10Ω的电阻替代5Ω的电阻，此时滑片应向________（填“左”或“右”）端移动直到电压表的示数保持不变，读出电流表的示数。

②为了完成用四个定值电阻进行实验，应选择滑动变阻器的规格是________。

【答案】（1）①见上图；②电阻一定时，电流与电压成正比；（2）①右；②“50Ω、1A”。

【解析】（1）①把定值电阻、滑动变阻器串联接入电路，电压表并联在电阻两端，滑动变阻器已接了左下的接线柱，所以应将其上面的一个接线柱接入电路中，如下图所示：

②分析数据可知，当电压为原来的几倍，通过的电流也变为原来的几倍，故得出结论是：电阻一定时，电流与电压成正比。

（2）①用10Ω的电阻替代5Ω的电阻，定值电阻变大，根据分压原理，电压表示数变大，因研究电流与电阻的关系时，要控制定值电阻的电压不变，应减小定值电阻的电压，根据串联电路电压的规律，应增大变阻器分得的电压，由分压强原理，就要增大变阻器连入电

路中的电阻大小，即滑片向右移动，直到定值电阻两端电压为1.5V；

②由图可知，R＝20Ω的定值电阻和滑动变阻器串联，电压表测定值电阻两端的电压，因电压表示数保持1.5V不变，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压为4.5V﹣1.5V ＝3V，即变阻器分得的电压是定值电阻的＝2倍，根据分压强原理，变阻器连入电路中的阻值为定值电阻的2倍，为2×20Ω＝40Ω时，即变阻器的最小阻值，故为了完成用四个定值电阻进行实验，应选择滑动变阻器的规格是“50Ω 1A”（因电流表选用小量程，故电路中电流不会超过0.6A＜1A）。

答案为：（1）①见上图；②电阻一定时，电流与电压成正比；（2）①右；②“50Ω、1A”。

15．（2020·吉林省长春市中考模拟四）用伏安法测量某定值电阻R的阻值。

（1）请按照图甲所示的电路图，以笔画线代替导线，完成图乙的电路连接。

（2）根据实验需求设计一个记录表格；

（3）某次实验的电表示数（如图丙所示），此时定值电阻的阻值是________。

【答案】（1）如下图所示；（2）如下表所示；（3）10Ω。

【解析】（1）由图丙可知，电压表的量程为0～3V，电流表的量程为0～0.6A；

将电流表、被测电阻以及滑动变阻器串联连接，电压表并联在被测电阻两端，注意滑动变阻器按一上一下的原则接线，且接左下接线柱，如下图所示：

（2）用伏安法测量某定值电阻R的阻值，需要设计实验次数3次，记录电压表、电流

表的读数，求出电阻和平均电阻，表格如下：

实验次数电压U/V 电流I/A 电阻R/Ω电阻平均值R/Ω1

2

3

（3）由图可知，电流表所选量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.24A，电压表

所选量程为0～3V，分度值为0.1V，示数为2.4V；由I＝可得，定值电阻的阻值为：R＝

＝＝10Ω。

答案为：（1）如下图所示；（2）如下表所示；（3）10Ω。

16．（2020·江苏省扬州市仪征市中考一模）小聪同学用伏安法测电阻，实验电路图如

图甲所示。

（1）该实验的原理是。

（2）闭合开关S前，滑动变阻器滑片P应置于端（选填“a”或“b”）。

（3）假如小聪同学用完好的器材按如图甲所示实验电路图正确连接电路，实验时正确

操作，刚一“试触”，就发现电流表的指针迅速摆动到最大刻度，其原因可能是：①；

②。

（4）调整后，小聪同学重新按图甲所示的实验电路图正确连接电路，进行实验，某次实验中电压表示数如图乙所示，电流表示数如图丙所示，被测电阻R x＝Ω。

（5）若滑动变阻器的最大阻值为R，被测电阻的阻值为R x，实验过程中电流表突然损坏，不能正常使用了，他想出一个方法，在撤掉电流表的情况下，利用现有的器材，也能测出电阻R x的阻值。

实验步骤如下：

①将滑动变阻器滑到a端，闭合开关S，读出电压表的读数，记为U；

②；

③读出滑动变阻器的最大值R；

④则被测电阻R x的阻值为：R x＝（写出表达式）。

【答案】（1）R＝；（2）b；（3）电源电压过大；选用电流表的量程太小；（4）8；（5）将滑动变阻器滑到b端，闭合开关S，读出电压表的读数，记为U1；。

【解析】（1）测量电阻的原理是R＝或欧姆定律；

（2）由图知，滑动变阻器的下面接了左边的接线柱，为保护电路，闭合开关前，应将滑片移至右边，即b端，使其阻值最大；

（3）操作正确，刚一“试触”，就发现电流表的指针迅速摆动到最大刻度，说明电路中的电流较大，根据影响电流的因素，可能是电源电压过大或电流表的量程选择偏小或滑动变阻器的最大阻值偏小；

（4）由图乙知，电压表的量程为0～3V，分度值为0.1V，示数为2.4V；

由图丙知，电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.3A；

则R＝＝＝8Ω；

（5）被测电阻与滑动变阻器串联，电压表与被测电阻并联，开关串联在电路中，如图。

步骤：

①将滑动变阻器滑到a端，闭合开关S，读出电压表的读数，记为U；

②将滑片移至b端，闭合开关S，读出此时电压表的示数为U1，则滑动变阻器两端的电压为U﹣U1；

则电路中的电流Ix＝I＝；则R x＝＝。

故答案为：（1）R＝；（2）b；（3）电源电压过大；选用电流表的量程太小；（4）8；（5）将滑动变阻器滑到b端，闭合开关S，读出电压表的读数，记为U1；。

四、计算题

17．（2020·吉林省长春市中考模拟四）如图，将一个标有“2.5V 1W”的小灯泡L接入电源电压为3V的电路中。闭合开关，调节滑动变阻器的滑片P使小灯泡正常发光，计算：（1）此时小灯泡的电阻；

（2）此时滑动变阻器接入电路中的阻值；

（3）小灯泡正常发光60s，整个电路消耗的电能。

【答案】（1）小灯泡的电阻为 6.25Ω；（2）滑动变阻器接入电路中的阻值为1.25Ω；（3）小灯泡正常发光60s，整个电路消耗的电能为72J。

【解析】（1）由P＝可得，小灯泡正常发光的电阻：R L＝＝＝6.25Ω。

（2）由P＝UI可得，灯泡正常发光时，电路中的电流：I＝＝＝0.4A，

因为串联电路两端电压等于各部分电压之和，

所以滑动变阻器两端电压：U滑＝U﹣U L＝3V﹣2.5V＝0.5V，

由I＝可得，滑动变阻器接入电路中的阻值：R滑＝＝＝1.25Ω。

（3）小灯泡正常发光60s，整个电路消耗的电能：W＝UIt＝3V×0.4A×60s＝72J。

18.（2020·江苏省南京市中考模拟四）如图甲所示电路，电源电压保持不变，灯L上

标有“6V 3W”字样，电流表量程为 0～0.6A，电压表量程为 0～3V．滑动变阻器R 的最大阻值为60Ω。闭合开关S和S1且断开S2时，移动滑动变阻器的滑片 P，电路中的电流I与其接入电路的电阻 R 的关系如图乙所示，当滑动变阻器接入电路的阻值由 R1增大到5R1时，定值电阻R0的功率交化了1.8W。求：（小灯泡的电阻保持不变）

（1）灯泡的电阻；

（2）闭合S和S2且断开S1，当变阻器的接入的阻值为4Ω时，灯泡正常发光，求电源电压；

（3）电阻R0的阻值；

（4）闭合开关S和S1且断开S2时，在保证电路安全的情况下，当R0的功率最小时，求滑动变阻器消耗的电功率。

【答案】（1）灯泡的电阻12Ω；（2）电源电压为8V；（3）电阻R0的阻值为15Ω；（4）闭合开关S和S1且断开S2时，在保证电路安全的情况下，当R0的功率最小时，求滑动变阻器消耗的电功率为1W。

【解析】（1）由P＝可得，灯泡正常发光时的电阻：R L＝＝＝12Ω；

（2）闭合S和S2且断开S1，L与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流，灯泡L正常发光时的电流：I L＝＝＝0.5A；

根据串联电路的规律及欧姆定律，变阻器的电压：U滑＝IR滑＝0.5A×4Ω＝2V；

根据串联电路电压的规律，电源电压：U＝U额定+U滑＝6V+2V＝8V；

（3）闭合开关S和S1且断开S2时，R0与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流，则变阻器接入电路中的为R1和5R1时，电路中的电路中的电流分别为：I1＝，I2＝，由图乙可知，当滑动变阻器接入电路的阻值由R1增大到5R1

时对应电电流表的示数分别为2I R、I R，即：I1＝2I2，则＝2×，解得：R0＝3R1；由于定值电阻R0的功率变化了1.8W，则由于P＝I2R可得：

△P0＝I12R0﹣I22R0＝（2I2）2R0﹣I22R0＝3I22R0＝3×（）2R0，

所以，1.8W＝3×（）2R0，解得：R0＝15Ω，

（4）根据P＝可知当R0两端的电压最小时功率最小，由于电压表量程为0～3V，所以滑动变阻器两端的电压最大为3V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，R0两端的电压最小为：U小＝U﹣U R大＝8V﹣3V＝5V，

则电流为I＝＝＝A，所以，P滑＝U R大I＝3V×A＝1W。

19．（2020·江西省中考物理模拟）如图所示，电源电压为18V且保持不变，小灯泡L 的规格为“6V 3W”，滑动变阻器的最大阻值为24Ω，电流表的量程为0~3A。

(1)当开关S1、S2都断开时，小灯泡L恰能正常发光。求R1的阻值。

(2)当开关S1、S2都闭合时，要使电流表能安全使用，变阻器接入电路的阻值不得小于多少?R2消耗的最大电功率是多少?

【答案】（1）R1的阻值为24Ω；（2）当开关S1、S2都闭合时，要使电流表能安全使用，变阻器接入电路的阻值不得小于8Ω，R2消耗的最大电功率是40.5W；

【解析】（1）当开关S1、S2都断开时，灯泡L与R1串联，此时小灯泡L恰能正常发光，则

通过电阻R1的电流I1=I L=P L

U L =3W

6V

=0.5A，

由串联电路的电压关系可知，电阻R1两端的电压U1=U-U L=18V-6V=12V，

根据欧姆定律I=U

R 可得，R1的阻值：R1=U1

I1

=12V

0.5A

=24Ω

（2）当开关S1、S2都闭合时，灯泡L被短路，电阻R1与滑动变阻器R2并联，电流表测

中考物理欧姆定律综合经典题含答案

一、初中物理欧姆定律问题 1．两江的物理大组长在测完电阻后， 把测量过的一个灯泡和一个定值电阻串联起来进行实验．图甲中的A 、B 分别为小灯泡和定值电阻的I U -图象， 小灯泡和电阻的连接情况如图乙所示，电源电压8 V ，下列说法正确的是 A ．小灯泡电阻随温度的增大而减小 B ．灯泡的实际电功率为0.6 W C ．定值电阻的阻值为0.05Ω D ．定值电阻的电功率为0.8 W 【答案】B 【解析】 【详解】 A ．由图甲结合U R I = 可知，灯泡两端的电压增大时，灯泡的电阻增大；此时灯泡的实际功率增大，灯丝温度也在升高，由此说明，灯丝的电阻随温度的升高而增大，故A 错误； B ．灯泡和定值电阻串联，电流相等，电压之和等于电源电压，由图甲知，当电流为0.3A 时，灯泡两端电压为2V ，定值电阻两端电压为6V ，总电压为8V ，则灯泡的实际功率： 2V 0.3A 0.6W L L P U I ==?= 故B 正确； C ．由B 项数据可知，电阻的阻值： 6V 20Ω0.3A R U R I = ==， 故C 错误； D ．电阻的实际功率： 6V 0.3A 1.8W R R P U I ==?=， 故D 错误。 2．如图所示的电路中，电源电压保持不变，R 为定值电阻，当开关闭合时，标有“8V 8W ”的小灯泡L 恰好正常发光；若保持定值电阻R 不变，将L 换成另一只标有“8V 4W ”的小灯泡，闭合开关后，小灯泡工作时消耗的实际功率

A．大于4W B．等于4W C．小于4W D．无法确定 【答案】A 【解析】 【分析】 【详解】 根据公式可知，当额定电压相同时，额定功率越大，电阻越小，所以“8V 8W”的灯泡 电阻小，“8V 4W”的灯泡电阻大；根据串联电路电阻的分压特点可知，改接后，灯泡两端的电压变大，大于8V，所以这只灯泡消耗的功率大于4W． 3．某同学利用如图甲所示的电路图测定小灯泡电阻，电路中电源电压保持4.5V不变，灯泡上标有“2.5V，？A”字样，滑动变阻器上标有“50Ω 1A”。闭合开关，将滑片P滑到某一位置时，两电表的示数如图乙所示，则下列说法不正确的是（） A．此时灯泡的电阻为8Ω B．此时灯泡和滑动变阻器的阻值之比为8∶7 C．该电路能探究串联电路电流的特点 D．该电路能探究电流与电压的关系 【答案】D 【解析】 【分析】 由图示电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电流表测电路电流，电压表测灯泡两端电压；由图示电表确定其量程与分度值，读出其示数，应用串联电路特点与欧姆定律分析答题。 【详解】 A．此时灯泡电阻 L 2.4V 8Ω0.3A U R I ===故A正确，不符合题意；

2020年中考物理试题分类汇编：计算题

2019年中考物理试题分类汇编(第04期)：计算题 24．（2019·东营）（12 分）3 月 12 日，我国自主研发建造的“天鲲号”绞吸挖泥船正式投产首航，其智 能化水平以及挖掘系统、输送系统的高功率配置均为世界之最。（g 取 10N/kg ，ρ水取1.0×103kg/m 3 ）主要参数如下表。 （1）满载时，求“天鲲号”受到水的浮力是多少？ （2）满载时，求“天鲲号”底部受到水的压强是多少？若船底需要安装探测仪器，其 面积为 40cm 2，求探测仪器受到水的压力是多少? （3）“天鲲号”去某水域执行任务，其工作量相当于将 1.36×104t 的淤泥输送至 15m 高的台田上。假设“天鲲号”绞吸挖泥船泥泵的机械效率为 30%，求完成此任务需 要的时间是多少？ 24．答案：（12 分）解： （1）“天鲲号”受到的浮力为： F 浮= G 排=m 排g =1.7×104×103kg ×10N/kg =1.7×108N--------------------------------2 分 （2）“天鲲号”底部受到水的压强为： p =ρ水gh 水=1.0×103kg/m 3×10N/kg ×6.5m=6.5×104Pa ---------------------------------2 分 F 由 p S 得，探测仪器受到水的压力为：

F=pS=6.5×104Pa×40×10-4 m2=260N-----------------------------------------------------2 分 （3）淤泥的质量为：m=1.36×104t=1.36×104×103kg=1.36×107kg 淤泥所受的重力为：G=mg=1.36×107kg×10N/kg=1.36×108N---------------------1 分“天鲲号”绞 吸挖泥船泥泵做的有用功为： 26．(2019·潍坊)在如图所示电路中，小灯泡R1标有“4V1.6W”字样，定值电阻R2=20Ω，滑动变阻器R3允许通过的最大电流为1A，电流表A1的量程为0～0.6A，电流表A2的量程为0～3A，电压表的量程为0～3V，电源电压和小灯泡的阻值均保持不变。只闭合开关S2时，电压表的示数为2V；将滑动变阻器滑片滑到最左端，闭合所有开关，此时电流表A2示数为0.5A．求： （1）电源电压； （2）滑动变阻器R3的最大阻值； （3）只闭合开关S3，在电路安全的情况下，小灯泡电功率的变化范围。 【分析】（1）知道小灯泡的额定电压和额定功率，根据求出灯泡的电阻；只闭合开关S2时，灯泡R1与电阻R2串联，电压表测R1两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出电路中的电流，再根据电阻的串联和欧姆定律求出电源的电压； （2）将滑动变阻器滑片滑到最左端，闭合所有开关，电阻R2与R3的最大阻值并联，电流表A2测干路电流，根据欧姆定律求出电路的总电阻，利用电阻的串联求出滑动变阻器R3的最大阻值； （3）只闭合开关S3时，灯泡R1与滑动变阻器R3串联，电流表A1测电路中的电流，电压表测R1两端的电 压，当电压表的示数最大时，灯泡两端的电压最大，其实际功率最大，根据求出其大小；当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，利用P=UI=I2R求出灯泡的最小功率，然后得出小灯泡电功率的变化范围。 【解答】解：（1）由可得，灯泡的电阻：， 只闭合开关S2时，灯泡R1与电阻R2串联，电压表测R1两端的电压， 因串联电路中各处的电流相等， 所以，电路中的电流：， 因串联电路中总电阻等于各分电阻之和， 所以，电源的电压： U=I（R1+R2）=0.2A×（10Ω+20Ω）=6V；

中考物理试题分类汇编专题29磁体与磁场含解析(附2套中考模拟卷)

专题29 磁体与磁场 一．选择题（共14小题） 1．（2018?湘西州）下列物体能被磁铁吸引的是（） A．橡皮擦B．塑料三角板C．木炭 D．铁钉 【分析】具有吸引铁、钴、镍等物质的性质的物体叫磁体。 【解答】解：磁铁是具有磁性的物体，只能吸引铁、钴、镍等金属材料，不能吸引其它金属及橡皮、塑料和木材。 故选：D。 2．（2018?桂林）小关在探究磁现象的活动中能够实现的是（） A．用小磁针吸起铜块或铝块 B．用放大镜能看到磁铁周围的磁感线 C．用磁铁吸起铜导线制成的通有电流的轻质螺线管 D．把小磁针放在磁铁周围的任何位置，静止后小磁针的北极都指向地理北极 【分析】①物体能够吸引铁、钴、镍的性质叫磁性，具有磁性的物体叫做磁体。磁体周围存在着磁场，磁场对放入磁场中的磁体有力的作用，为了描述磁场的性质而引入了有方向的曲线，称为磁感线； ②通电导体周围存在磁场。 【解答】解：A、小磁针具有磁性，只能吸引铁、钴、镍等金属，不能吸引铜或铝。故A不可能实现； B、磁感线实际不存在，所以用放大镜也不能看到磁铁周围的磁感线。故B不可能实现； C、铜导线制成的轻质螺线管通过电流时，周围会产生磁场。所以用磁铁能够吸起铜导线制成的通有电流的轻质螺线管。故C可能实现； D、磁体周围存在磁场，把小磁针放在磁铁周围的任何位置，静止后小磁针的北极都指向此磁铁的S极。故D不可能实现。 故选：C。 3．（2018?自贡）自贡一学生利用手中的条形磁体做了以下实验，其中结论正确的是（） A．同名磁极互吸引 B．条形磁体能够吸引小铁钉 C．将条形磁体用细线悬挂起来，当它在水平面静止时北极会指向地理南方 D．条形磁体与小磁针之间隔了一层薄玻璃后就没有相互作用了 【分析】（1）根据磁极间的相互作用规律；

中考物理欧姆定律专题

中考物理欧姆定律专题 一、欧姆定律选择题 1．如图所示的电路，滑动变阻器的滑片向左滑动的过程中，电流表和电压表的示数变化是（） A. 电流表示数变小，电压表示数变大 B. 电流表、电压表示数都变大 C. 电流表示数变大，电压表示数变小 D. 电流表、电压表示数都变小 【答案】 C 【解析】【解答】根据图像，是灯泡和滑动变阻器的串联电路，电压表测量灯泡分压，当滑片向左滑动，电阻减小，滑动变阻器分压减小，灯泡分压变大，所以电压表示数变大，电流表示数变大，C符合题意。 故答案为：C. 【分析】根据电阻变大时，电流减小，减小的电阻分压减小。 2．在一次物理实验中，小于同学连接了如图所示的电路，电磁铁的B端有一个可自由转动的小磁针，闭合开关后，下列说法错误的是（） A. 电磁铁的A端为N极 B. 小磁针静止时，N极水平指向左 C. 利用这一现象所揭示的原理可制成的设备是发电机 D. 当滑动变阻器滑动片P向右端移动，电磁铁磁性增强 【答案】 C 【解析】【解答】解：A、由图知，电流从螺线管的右端流入、左端流出，根据安培定则可知，电磁铁的A端是N极，B端是S极，A不符合题意； B、电磁铁的B端是S极，由磁极间的作用规律可知，小磁针静止时，左端是N极，即N 极水平指向左，B不符合题意； C、该实验表明了电能生磁，利用这一现象所揭示的原理可制成电磁铁，C错误，符合题意； D、当滑动变阻器滑动片P向右端移动时，变阻器接入电路的电阻变小，电路中电流变大，则电磁铁的磁性变强，D不符合题意； 故答案为：C。

【分析】首先利用安培定则判断螺线管的磁极，再由磁极间的作用规律判断小磁针的指向；电磁感应是发电机的原理；由滑动变阻器的滑片移动可得出电路中电流的变化，则可得出螺线管中磁场的变化. 3．如图所示是电阻甲和乙的U﹣I图象，下列说法正确的是（） A. 甲、乙两元件的电流与电压都成正比 B. 乙元件是一个定值电阻且阻值大小为10Ω C. 甲、乙并联在电路中，当电源电压为2V时，电路的总电流为0.3A D. 甲、乙串联在电路中，当电路电流为0.2A时，甲的功率为0.6W 【答案】 C 【解析】【解答】解： AB、由图象可知，乙元件中电流与两端电压图象不是过原点直线，说明乙元件的电流与电压不成正比，即乙的电阻不是定值，故A、B错误； C、甲、乙并联在2V电源时，甲和乙电压都为2V， 由图象可知，I甲=0.1A，I乙=0.2A，故干路电流I=I甲+I乙=0.1A+0.2A=0.3A，故C正确； D、甲、乙串联在电路中时，当电路电流为0.2A时，甲和乙电流都为0.2A，由图可知U甲=4V， 所以甲的功率P甲=U甲I甲=4V×0.2A=0.8W，故D错误． 故选C． 【分析】（1）根据欧姆定律可知，电阻一定时，通过电阻的电流与两端的电压成正比，据此分析图象甲乙电阻的变化； （2）根据并联电路的电压特点结合图象读出对应的电流，再根据并联电路的电流特点得出干路电流； （3）根据串联电路的电流特点读出图象中对应的电压，根据P=UI计算甲的功率． 4．如甲图所示的电路中，电源电压为8V恒定不变，R0为定值电阻，R为滑动变阻器，闭合开关S后，在滑片P滑动过程中，电压表与电流表示数的变化关系如图乙所示，根据图象信息可知，下列判断错误的是（）

中考物理欧姆定律-经典压轴题附答案

一、初中物理欧姆定律的实际应用问题1．某实验小组设计了一种测定水平方向风力的装置（如图甲），绝缘轻弹簧的左端固定在压敏电阻R 上，右端与中心有孔、表面竖直的金属迎风板相连，一起套在粗细均匀的水平金属杆上，迎风板与金属杆之间的摩擦忽略不计，电源电压保持7.5 V不变，电流表的量 程为0～0.6 A，电压表的量程为0～15 V，小灯泡上标有“ 6 V 3 W”字样，且灯泡两端电 C．当压敏电阻所受的压力为0 时，小灯泡的实际功率为 D．当压力由0 变大到 5 N 时，电压表的示数从 1.5 V变大到 4.5 V 【答案】C 解析】 分析】 详解】 A．由P UI和I U R可知小灯泡的电阻 2 6V 2 12Ω 3W 由P UI 得小灯泡正常发光时的电流 3W0.5A 6V B．当电路中的最大电流值是0.5 A时，压敏电阻阻值最小，灯泡两端的电压U 灯＝6 V，压敏电阻两端的电压 U R U U灯7.5V 6V 1.5V 压不允许超过额定电压（灯丝电阻不变），压敏电阻 ） R的阻值随压力的变化规律如图乙所 0.75 W U L 所以为了保证电路安全，电路中的最大电流值是0.5 A，A 错误； B．压敏电阻的阻值变化范围是0～18 Ω

由 I U 得压敏电阻的阻值 R U R 1.5V R R 3Ω I 0.5A 由图乙可知，当 F ＝0时，压敏电阻的阻值最大，压敏电阻此时的阻值是 18 Ω，所以压 敏 电阻的阻值变化范围是 3～18 Ω，B 错误； C ．当压敏电阻所受的压力为 0 时， 压敏电阻 R ＝ 18 Ω，电路中的电流为 U U 7.5V I 0.25A R 总 总 R 灯 R 12Ω 18Ω 小灯泡的实际电压为 U 灯 I R 灯 0.25A 12Ω 3V 小灯泡的实际功率为 P 灯 U 灯I 3V 0.25A 0.75W C 正确； D ．当压力为 0 时，压敏电阻 R ＝ 18 Ω，压敏电阻的电压为 U I R 0.25A 18Ω 4.5V 当压力为 5 N 时，压敏电阻 R ＝4 Ω，电路中电流 U 7.5V 15 IA R 灯 R 12Ω 4Ω 32 则 15 U R I R A 4 Ω 1.875V 32 当压力由 0 增大到 5 N 时，电压表的示数会从 4.5 V 减小到 1.875 V ， D 错误； 故选 C 。 2． 如图甲所示的电路中，电源电压保持不变，当闭合开关 S ，调节滑动变阻器阻值从最大 变化到最小，两个电阻的“ U — I ”关系图像如图乙所示，则下列判断正确的是（ ） A ．电源电压为 10V B ．定值电阻 R 1 的阻值为 10Ω C ．变阻器滑片在中点时，电流表示数为 0.3A

2019中考物理试题分类汇编

2019中考物理试题分类汇编

一．选择题（共10小题） 1．（2018?天津）中国选手张湘祥在奥运会上获得男子举重62kg级冠军，挺举成绩是176kg，图为他比赛时的照片。他在挺举过程中对杠铃做的功最接近（） A．600J B．1200J C．1800J D．3400J 【分析】根据G=mg求出杠铃的重力，估测出举高的高度，根据W=Gh求出对杠铃做的功。 【解答】解：杠铃的重力： G=mg=176kg×10N/kg=1760N， 张湘祥的身高约为1.60m； 在挺举过程中把杠铃举高的高度为张湘祥的身高加上0.4m，即： h=1.60m+0.4=2.0m， 在挺举过程中对杠铃做的功： W=Gh=1760N×2.0m=3520J。 故选：D。 2．（2018?长沙）下列关于功的说法正确的是（） A．小明用力推发生故障的汽车而未推动时，推力对汽车做了功 B．吊车吊着重物沿水平方向匀速运动一段距离时，吊车的拉力对重物做了功 C．足球在水平地面上滚动一段距离时，重力对足球做了功 D．举重运动员从地面将杠铃举起的过程中，举重运动员对杠铃做了功 【分析】做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离（即力和距离的方向要一致）；二者缺一不可。 【解答】解：A、用力推发生故障的汽车而未推动时，只有力没有距离；故推力对汽车没有做功；故A 错误； B、吊车吊着重物沿水平方向匀速运动一段距离时，拉力方向竖直向上，移动距离的方向水平向前；两个方向相互垂直，故吊车的拉力对重物没有做功；故B错误；

C、足球在水平地面上滚动一段距离时，移动距离的方向水平向前，重力的方向竖直向下；两个方向相互垂直，故重力对足球没有做功；故C错误； D、运动员从地面将杠铃举起的过程中，力的方向竖直向上，移动距离的方向也竖直向上，两个方向一致；故举重运动员对杠铃做功；故D正确； 故选：D。 3．（2018?盐城）小明将掉在地面上的物理书捡起来放在课桌上，他对课本所做功最接近于（）A．0.02J B．0.2J C．2J D．20J 【分析】首先估测物理课本的质量，然后计算它的重力，然后再估测课桌的高度，最后根据功的公式计算即可。 【解答】解：一本物理课本的质量m=200g=0.2kg， G=mg=0.2kg×10N/kg=2N， 课桌高度约为1m， 人对课本做的功：W=Gh=2N×1m=2J。 故选：C。 4．（2018?广州）如图所示，OQ是水平地面，物体在水平拉力作用下从O匀速直线运动到Q，OP段拉力F1为300N，F1做的功为W1，功率为P1；PQ段拉力F2为200N，F2做的功为W2，功率为P2．则（） A．W1＞W2 B．W1＜W2 C．P1＞P2 D．P1＜P2 【分析】（1）根据W=Fs分别计算F1和F2所做的功，然后比较即可； （2）根据P= = =Fv分析比较F1和F2所做的功的功率的大小。 【解答】解： （1）由图知，OP段的路程s1=4m，PQ段的路程s2=6m， OP段拉力F1做的功为：W1=F1s1=300N×4m=1200J，

中考物理模拟试卷 分类汇编—专题简单机械

2012年中考物理模拟试卷分类汇编—专题简单机械 (2012年金衢十二校科学模拟试卷一）用下列简单机械，使重量同为G的物体都处于静止状态，不计摩擦、机械自重及绳的重量，其中用力最小的是( ) F3 A. F1 B. F2 C. F3 D. F4【答案】D ( ) (2012年苏州中考模拟试卷一）下列属于省力杠杆的是 (2012年苏州中考模拟试卷一）（6分）在“探究杠杆平衡条件”的实验中： (1)实验前，先把杠杆的中点支在支架上，调节两端的平衡螺母． 使杠杆在_______位置上平衡（图中杠杆上每格距离相等）． (2)实验中，改变支点两侧的钩码位置和个数，一般要做三次实 验，得到三组数据并进行分析，这样做的目的是__________ ____________________________________________________． (3)如图所示，杠杆处于平衡状态，如果在支点两侧的钩码下方分别再挂一个等重的钩 码后，杠杆_______（能／不能）保持平衡． 【答案】(1)水平(2)多次实验，寻找普遍规律(3)不能 （2012安庆市中考模拟）物体的稳定性，也称稳度，它是指物体在同样受力的情况下，是否容易倾倒，稳度高，物体就不容易倾倒。为了探究影响稳度的因素，小明同学做了下面一个实验，把一个如图所示的实心物体放在水平地面上，用力推上端使之倾倒，然后再把该物体倒置在水平地面上，用同样大小的力去推上端，小明发现第二次更容易倾倒，由此小明发

现稳度可能与物体的______________有关。若小明第一次是在最左端A处推物体，请在图中 画出它所用最小推力的方向。 【答案】10．重心高度(如图) （2012苏州中考模拟二）各式各样的剪刀都是一对的杠杆．如图10所示，要剪开铁皮应该用最合适，剪纸或布时，应该用最合适．（选填对应的标号） 【答案】b ， a （2012苏州中考模拟二）如图12所示，物体A重20N，滑轮重1N，绳重不计，弹簧秤示数为25N，则物体B的重为_________N。 【答案】12N （2012安庆市中考模拟）如图是胖子和瘦子两人用滑轮组锻炼身体的简易装置（不考虑轮重和摩擦）。使用时：瘦子固定不动，胖子用力F A拉绳使G匀速上升；胖子固定不动，瘦子用力F B拉绳使G匀速上升。下列说法中正确的是： A．F A＜G B．F A＞F B C．F B=2G D．以上说法都不对 图10 图12

最新欧姆定律中考试题分类汇编.docx

最新欧姆定律中考试题分类汇编 一、欧姆定律选择题 1．如图所示的电路，电源电压保持不变，电路中各元件连接正确且均完好，闭合电键S，向右移动滑动变阻器滑片P 的过程中（） A. 电流表 A 的示数变大B电.压表 V 的示数变大 C. 电压表 V 与电流表 A 的示数的比值变大 D. 电压表 V 与电流表 A 的示数的乘积变 小 【答案】 D 【解析】【解答】 A. 此电路为串联电路，电压表测量电阻R1两端的电压，电流表测电路电流，当闭合电键 S，向右移动滑动变阻器滑片P 的过程中，滑动变阻器的电阻增大，电路 的总电阻增大，根据欧姆定律，电路中的电流变小，即电流表的示数变小， A 不符合题意他. B.根据串联电阻分压关系，滑动变阻器的电阻增大，分压将增大，根据串联电路电压特 点，所以电阻 R1两端的电压减小，即电压表示数变小， B 不符合题意 . C. 电压表 V 与电流表 A 的示数的比值即为电阻R 的阻值，应不变， C 不符合题意 . 1 D. 因电压表与电流表的示数都变小，所以乘积将变小， D 符合题意 .、 故答案为： D. 【分析】 R1与 R2串联，电压表 V 测 R1的电压，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律可知 电路中电流的变化分析 . 2．如图所示，电源电压U 保持不变，滑动变阻器R0 的最大电阻是 50Ω．当开关S1 闭合、 S2 和 S3 断开，滑动变阻器的滑片在最右端时，电压表示数是U1， R1 的功率是P1；当开关 S2 闭合、 S1 和 S3 断开，滑动变阻器的滑片在最左端时，电压表示数是U1′，R2 和R3 的功率之和是 3.2W ；当开关 S1、 S2 和 S3 都闭合，滑动变阻器的滑片在最左端时，R1的功率是P1′；已知 R2： R3=3： 1， U1： U1′=3：2 ，P1： P1′=1：36。 下列结论正确的是（）

中考物理试题分类汇编27

(9月最新修订）2011全国各地100套中考物理试题分类汇编27：比热容热 机 一、选择题 1．（2011江苏南京，第10题）小明根据所学的物理知识并结合下列表格中的数据，得出以下四个结论，其中正确的是 A．寒冬季节盛有水的水缸放在室外不可能破裂 B．标准大气压下，铝在660℃时一定处于固液共存状态 C．体积相等的铁球和铝球，如果它们的质量相等，铁球可能是实心的 D．质量相等的实心铁块和实心铝块，升高相同的温度，铝块吸收的热量较多 【答案】D 2．(2011甘肃兰州，第10题)用两个相同的电热器给质量相同的物质甲和水加热，它们的温度随加热时间的变化关系如图所示，据此判断物质甲的比热容为 A．2.1×103J／(kg·℃) B．4.2×103J／(kg·℃) C．1.2×103J／(kg·℃) D．条件不足，不能确定 【答案】A 3．（2011湖南株洲，第13题）株洲沿江风光带有一段人造沙滩，在炙热的夏天赤脚踩在沙滩上感觉烫脚，而站在湘江边得浅水滩处却感觉到凉爽。形成这种现象的原因，下面解释正确的是 A.沙子的密度小，水的密度大 B.沙子的密度大，水的密度小 C.沙子的比热容大，水的比热容小 D.沙子的比热容小，水的比热容大 【答案】D 4．(2011江苏宿迁，第12题)在科学探究中，常把直接测量有困难的量转换成便于测量的量来研究．这种方法称之为转换法．例如在探究物质吸热升温的属

比较吸热的多少．下述实验中采用了转换法的是 A．在探究影响动能大小的因素时，动能大小的比较方法 B．在探究阻力对物体运动的影响时，推理出物体不受阻力时的运动状态 C．在探究串联电路电流特点时，换用不同灯泡及改变电源电压，多次实验D．在探究压力对滑动摩擦力的影响时，保持接触面粗糙程度不变，改变压力 【答案】A 5． 6． 7． 8． 9． 10． 11． 12． 13． 14． 15． 16． 17． 18． 19． 20． 21． 22． 23． 24． 25． 26． 27． 28． 29． 30． 31． 32． 33． 34． 35． 36．

中考物理欧姆定律综合经典题附详细答案

一、初中物理欧姆定律问题 1．洋洋设计了一个自动测高仪，给出了四个电路，如下图所示，R是定值电阻，R′是滑动变阻器，其中能够实现身高越高，电压表示数越大的电路是 A．B． C．D． 【答案】C 【解析】 【详解】 A．由图知，R与R′串联，电压表并联在电源两端测电源的电压，其示数不随滑片的移动而变化，故A不符合题意； B．由图知，R与R′并联，电压表串联在电路中测电源的电压，其示数不随滑片的移动而变化，故B不符合题意； CD．电路中R与R′串联，当身高越高时，滑片上移，R′接入电路中的电阻越大，电路中的 总电阻越大，由 U I R =可知，电路中的电流越小，由U IR =可知，R两端的电压越小， 因串联电路中总电压等于各分电压之和，且电源的电压不变，所以，R′两端的电压变大；C选项中电压表测R′两端的电压，身高越高时，其示数越大，故C符合题意； D选项中电压表测R两端的电压，身高越高时，其示数越小，故D不符合题意． 故选C． 2．如图所示的电路，电源电压不变，R1为热敏电阻，其阻值随温度的升高而减小．闭合开关S，当监控区的温度升高时，电压表示数U与电流表示数I的关系图象是

A．B． C．D． 【答案】C 【解析】 【分析】 【详解】 由电路图可知，R1与R2串联,电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。 A．因热敏电阻的阻值随温度的升高而减小，所以，当温度升高时，热敏电阻R1的阻值变 小，电路中的总电阻变小，由I＝U R 可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大；热 敏电阻R1的阻值变小，由串联分压原理可知，R1两端的电压减小，即电压表的示数减小；由上述分析可知，当电流表示数I变大时，电压表的示数U减小，故A图象错误；BCD．根据串联电路的电压特点和欧姆定律可得,电压表示数 U1＝U总?U2＝U总?IR2 因U总、R2是定值，所以，电压表示数U1与I为一次函数，其图象是一条倾斜的直线，且电流增大时，电压变小，故C图象正确，BD图象错误。 故选C。 【点睛】 由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流．由题意可知温度升高时热敏电阻阻值的变化，根据欧姆定律可知电路中的电流和R2两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知电压表示数的变化，进而分析可得图象。 3．如图所示，电源电压为4.5V，电流表量程为“0～0.6A”，滑动变阻器规格为“10Ω 1A”，小灯泡L标有“2.5V 1.25W”（不考虑温度对灯丝电阻的影响）。在保证电路各元件安全的情况下，移动滑动变阻器的滑片，下列选项正确的是（） A．小灯泡的额定电流是0.6A B．电流表的示数变化范围是0.3A～0.6A C．电压表的示数变化范围是2V～3V D．滑动变阻器连入电路的阻值变化范围是6Ω～10Ω

中考欧姆定律分类试题

欧姆定律分类题型汇编题型一：串联分压和并联分流 1、如图所示的电路中，电压表V 1的示数为9伏，电压表V 2 的示数为3伏，那么R 1 与R 2 的阻值之 比为（） A．2：1 B．1：2 C．3：1 D．1：3 2、如图所示的电路中，R 1=10Ω，R 2 =20Ω.闭合开关S后，电压表V 1 与V 2 示数之比为（） A．3：1 B．3：2C．2：1 D．1：1 3 、如图所示，V 1 和V 2 是完全相同的两个电压表，都有最大测量值是3V和15V两个量程，闭合开 关后，发现两个电压表指针的偏转角度相同，则（） A．R 1 ∶R 2 ＝1∶4 B．R 1 ∶R 2 ＝4：l C．R 1 ∶R 2 ＝1∶5 D．R 1 ∶R 2 ＝5∶l 4、在如图所示的电路中，两只电流表的规格相同，电流表有两个量程(0～0. 6A以及0～3A).闭 合开关S,电阻R 1 与R 2 均有电流流过，两只电流表的指针偏转角度相同，则R 1 与R 2 的比值为（） A. 1∶5 B.5∶1 C.1∶4 D.4∶1 5、如图所示电路，电源电压恒定不变．当S 1 闭合、S 2 断开时，电压表的示数为3 V；当S 1 断开、 S 2 闭合时，电压表的示数9 V，则R1︰R2为（） A. 1︰2 B. 2︰1 C. 1︰3 D. 3︰1 6、如图所示，电源电压保持不变，开关S断开时，电压表示数为2V；开关S闭合时，电压表示 数为6V，那么电阻R 1 :R 2 = 。 7、如图电路，若甲、乙均为电流表时，断开开关Ｓ，两电流表读数为Ｉ 甲 ︰Ｉ 乙 ＝２︰３，若甲、 乙均为电压表时，闭合开关S，则两电压表的读数Ｕ 甲 ︰Ｕ 乙 ＝。 8、电阻甲、乙的电流与电压关系图像如右图所示， ①若现在将甲和乙串联后接在电压为3V的电源两端，则甲电阻两端的电压多大？ ②若现在将甲和乙并联后接在电压为3V的电源两端，则干路中电流多大？ 第1题第2题第3题 第4题第5题第6题第7题

2020中考物理试题分类汇编-力

力 （09广州）．原子的中心是原子核，周围有电子绕核运动，图1是四种原子的结构示意图。由图中信息可知 A．质子、电子所带的电荷不等 B．所有原子的中子数都与质子数相等 C．中性原子的电子数与质子数相等 D．所有原子都由电子、质子、中子组成 答案：C （09成都）.关于微观粒子，下列说法正确的是 A．原子结构与西瓜很相似，西瓜籽就如同分布在原子中的电子 B．原子结构与太阳系很相似，质子、中子和电子就象行星绕太阳运动一样在绕核运动 C．原子核由质子和中子组成，质子和中子则由更小的粒子组成 D．只要视力足够好，人们凭肉眼就能看到电子 答案：C （09南昌）.如图1所示，其中与其它三个力所产生的作用效果不同的是 A．运动员对弓弦的拉力B．汽车对地面的压力C．斧头对木柴的力D．下落小球受到的重力

答案：D (09嘉兴)8．你在使用钢笔答题时，笔中墨水的哪个量是保持不变的 A．密度 B．质量 C．重力 D．体积 答案：A （09丽水）．下列事例中，属于运用了重力方向的是 答案：A （09湖南娄底）．踢毽子是人们喜爱的一项体育活动。用脚将毽子踢起后，空中飞舞的毽子最终要落向地面，这是由于受作用的缘故． 答案：重力 （09义乌）21、某同学幸运地亲身体验了一次极限运动，当他乘坐专业人员驾驶的汽车在环形跑道上高速行驶时，感觉“天旋地转”，好像地面上的人和建筑物都在旋转。这时他选取的参照物是；当他乘坐的汽车位于如图所示位 B．用力拉弹簧 A．检查相框是否挂正C．往墙上敲钉子D．往前推桌子

置时，他自身受到的重力方向是 。 答案：汽车（或自己、驾驶员等） 竖直向下 （09重庆） 11．一个美丽的氢气球吊着重物在空中缓缓上升，如图7所示。 (1)在上升过程中，若以气球为参照物，重物是 的(选填“静止”或“运动”)； (2)请你在图7中作出被提升的重物所受重力的示意图。 答案：静止 重力的示意图略 （09重庆）19．2020年4月29日，创下多项世界第一的重庆朝天门长江大桥正式通行(如图15)。大桥主桥长932m ，全桥永久用钢达到国内创纪录的4．6×107kg (1)大桥永久用钢受重力多大?(取g=l0N ／kg) (2)如果从桥上人行通道过桥的路人步行速度约为1．2 m ／s ，他通过主桥所用时间为多少? (结果保留整数) 答案：解：(1)大桥永久性用钢所受的重力 G=mg=4.6×107kg ×10N/kg=4.6N (3分) (2)行人通过主桥所用的时间；t=)773(777/2.1932s s s m m v s 或== (3)分， （09福州市）．下列实例中，为了增大摩擦的是 A ．拉杆旅行箱底部装有轮子 B ．鞋底刻有凹凸不平的花纹 C ．向自行车的转轴处加润滑油 D ．在气垫船底和水之间形成一层空气垫 答案：B

全国中考物理欧姆定律中考真题汇总

一、初中物理欧姆定律的实际应用问题 1．如图所示，电源电压保持不变，闭合电键S后，当滑动变阻器的滑片向右移动时，在①②③④各种情况中，数据变大的有 ①电压表V的示数 ②电流表A2的示数 ③电压表V的示数与电流表A的示数的比值 ④电流表A1与电流表A的示数的比值 A．只有①B．②和③C．只有③D．③和④ 【答案】D 【解析】 【分析】 【详解】 首先分析电路，滑动变阻器和电阻R1是串联，电流表A测量干路电流，A1表测量R1的电流，电流表A2测量滑动变阻器的电流，当滑动变阻器的滑片向右移动时，滑动变阻器的阻值增大，通过它的电流A2减小，干路电流A减小，但支路R1的电流不发生变化，电压表测量电源电压，也是各个支路电压，电压表与电流表A的比值是电路中的总电阻，总电阻是变大的，③正确；电流表A1不变，电流表A的示数减小，因此两表的比值增大，④正确，选D。 2．现有两个阻值不等的未知电阻R1和R2，为了比较它们的阻值大小，小康等几个同学分别设计了如下所示的四种电路，其中可行的是 A．B． C．D． 【答案】ABC 【解析】 【分析】 【详解】 A、由图知，两电阻并联在电路中，根据欧姆定律和并联电路电压规律可知电阻越大，通

过电阻的电流越小，故A可行，符合题意； B、由图知，两电阻串联在电路中，根据欧姆定律和串联电路电压规律可知电阻越大，电阻两端的电压越大，故B可行，符合题意； C、由图知，两电阻并联在电路中，根据欧姆定律和并联电路电压规律可知电阻越大，通过电阻的电流越小，电流表测量干路电流，根据并联电路的电流特点可知通过每个电阻的电流大小；故C可行，符合题意； D、由图知，两电阻串联在电路中，通过两电阻的电流相等，所以电流表的示数不能反应R1和R2的阻值大小，故D不可行，不合题意． 故选ABC． 3．如图，R1为定值电阻，滑动变阻器R2的最大阻值为20Ω，电源电压保持不变。闭合开关后，将滑动变阻器的滑片从最左端滑到最右端的过程中，电压表V1的示数从10V变化到20V，电压表V2的示数从14V变化到34V，则下列说法中正确的是（） A．电源电压为34V B．电阻R1的阻值为12Ω C．电路中最小电流为1A D．灯L的阻值始终是4Ω 【答案】AC 【解析】 【分析】 【详解】 由图可知灯泡L、定值电阻R1与滑动变阻器R2串联，电压表V1测定值电阻R1两端的电压，电压表V2测灯泡L与定值电阻R1两端的电压，所以灯泡两端电压等于电压表V2的示数减去电压表V1的示数。 A．当滑动变阻器的滑片处于最右端时，此时滑动变阻器没有接入电路，电压表V2的示数即为电源电压是34V，故A项正确； BC．当滑动变阻器的滑片处于最左端时，此时滑动变阻器以最大阻值20Ω接入电路，此时通过电路电流最小，电压表V1的示数是10V，电压表V2的示数是14V，根据串联分压的特点可知滑动变阻器两端分得的电压为 R2234V14V20V U U U =-=-= 由 U I R =可得通过电路最小电流

欧姆定律中考经典题型带答案

欧姆定律中考经典题型带答案 一、欧姆定律选择题 1．如图所示的电路，电源电压保持不变，电路中各元件连接正确且均完好，闭合电键S，向右移动滑动变阻器滑片P的过程中（） A. 电流表A的示数变大 B. 电压表V的示数变大 C. 电压表V与电流表A的示数的比值变大 D. 电压表V与电流表A的示数的乘积变小 【答案】D 【解析】【解答】A. 此电路为串联电路，电压表测量电阻R1两端的电压，电流表测电路电流，当闭合电键S，向右移动滑动变阻器滑片P的过程中，滑动变阻器的电阻增大，电路的总电阻增大，根据欧姆定律，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，A不符合题意他. B. 根据串联电阻分压关系，滑动变阻器的电阻增大，分压将增大，根据串联电路电压特点，所以电阻R1两端的电压减小，即电压表示数变小，B不符合题意. C. 电压表V与电流表A的示数的比值即为电阻R1的阻值，应不变，C不符合题意. D. 因电压表与电流表的示数都变小，所以乘积将变小，D符合题意.、 故答案为：D. 【分析】R1与R2串联，电压表V测R1的电压，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律可知电路中电流的变化分析. 2．如图所示，开关闭合后．当滑动变阻器滑片向某一方向滑动时，观察到灯泡变暗，该过程中（） A. 电流表示数变大，电压表示数变小 B. 电流表示数变大，电压表示数变大 C. 电流表示数变小，电压表示数变小 D. 电流表示数变小，电压表示数变大 【答案】 D 【解析】【解答】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流，当滑动变阻器滑片向某一方向滑动时，灯泡变暗，则灯泡的实际功率变小，因串联电路中各处的电流相等，由P=I2R可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，AB不符合题意；由U=IR可知，灯泡两端的电压变小，因串联电路中总

2019年中考物理真题分类汇编——科普阅读题专题(word版包含答案)

2019年中考物理真题分类汇编——科普阅读题专题 1.（2019徐州，39）阅读短文，回答文后的问题． 热 阻 当物体或物体的不同部分之间存在温度差时，就会发生热传递．传导是热传递的一种方式，物体对热量的传导有阻碍作用，称为热阻，用R 表示．物体的热阻与物体在热传导方向上的长度l 成正比、与横截面积S 成反比，还与物体的材料有关，关系式为S l R λ=,式中λ称为材料的导热系数，不同材料的导热系数一般不同．房屋的墙壁为了保温，往往使用导热系数较小的材料．如果墙壁一侧是高温环境，温度始终为t 1；另一侧是低温环境，温度始终为t 2，墙壁中形成稳定的热量流动，则单位时间内从高温环境传导到低温环境的热量Q 与墙壁两侧的温度差成正比，与墙壁的热阻成反比． （1）热量传导过程和电流相似，温度差相当于电路中（ ） A.电流 B.电压 C.电阻 D.电功率 （2）铜汤勺放在热汤中，把手很快就会烫手，而塑料把手的汤勺不会烫手．由此可知铜和塑料的导热系数大小：λ铜 λ塑料（填“>”“<”或“=”）． （3）如图甲所示，热量在墙壁中传导，虚线标出的墙壁正中间处的温度为 ． （4）如图乙所示，热量在墙壁中传导，在传导方向上的长度为l 1，横截面积为S ，导热系数为λ1；在墙壁一侧紧贴一层保温层，保温层与墙壁面积相同，在热传导方向上的长度为l 2，导热系数为λ2，则单位时间内从高温环境传导到低温环境的热量Q = ． 2.（2019山西，20）阅读短文，回答问题。

电容式触摸屏 现在，智能手机、平板电脑等数码移动设备，都使用触摸屏，触摸屏是通过传感器来感知物体在屏上的运动，目前触摸屏大多采用电容式触摸屏。 电容通常就是由两片相距很近的导电极板组成。电容式触摸屏是一块多层复合玻璃，在夹层中涂有具有导电性且透明的薄膜材料。当手指触碰到触摸屏时，手指和导电薄膜就会形成一个电容，将人体上的电荷传递到触摸屏上。通过触摸屏周边分布的电极检测电荷分布的变化，就可以计算触摸点的位置，进而感知手指在屏上的运动轨迹。如果较厚的绝缘材料把手指与导电薄膜之间隔离，无法形成有效电容，就不能正常操作触摸屏了。 （1）电容式触摸屏夹层中的薄膜材料是（选填“导体”或“绝缘体”）。通过触摸屏周边分布的电极检测的变化，可感知手指的运动轨迹。 （2）冬天，戴上厚厚的绝缘材料做成的保暖手套，不能正常操作电容式触摸屏的原因 是。要制作一副保暖触摸屏手套，你的方法是。 3.（2019 青岛，24）电容器是电气设备中的重要元件，是储存电荷的装置。两个相距很近又彼此绝缘的平行金属板就形成一个最简单的电容器。在电路图中用符号“”表示。（1）如图所示电路，开关置于a 时，电容器的一个极板与电源的正极相连，另一个极板与负极相连，两个极板将分别带上等量异种电荷，这个过程叫做电容器充电，电容器一个极板所带电荷量的绝对值叫做电容器所带的电荷量。开关置于b 时，充电后的电容器的两极板接通，两极板上的电荷中和，电容器又不带电了，这个过程叫做电容器放电。 放电过程中，经过电流表的电流方向为（选填“M 到N”或“N 到M”）。（2）当开关置于a 时，通过改变电源电压来改变电容器两极板间的电压U，电容器所带的电荷量Q 也随之改变。实验数据如下表：

中考物理各地模拟试题分类欧姆定律

2018-2020年江苏省中考物理各地模拟试题分类（连云港专版）（9）——欧姆定律 一．选择题（共14小题） 1．（2020?连云港一模）在综合实践活动中，某小组为医院设计病房呼叫电路，要求在病人需要护理时，闭合病房床头开关，就能及时通知值班室里的护士。图中最合理的设计方案是（） A．B． C．D． 2．（2020?灌南县模拟）研究人员发现，蜜蜂飞行与空气摩擦会产生静电，因此蜜蜂在飞行中就可以吸引带正电的花粉，以下说法正确的是（） A．与蜜蜂摩擦的空气带负电 B．蜜蜂带正电 C．与蜜蜂摩擦的空气不带电 D．蜜蜂带负电 3．（2018?连云港模拟）摩擦起电不是创造了电荷，只是电荷从一个物体转移到另一个物体，使正、负电荷分开。用毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，是由于（） A．电子从橡胶棒转移到了毛皮 B．电子从毛皮转移到了橡胶棒 C．质子从毛皮转移到了橡胶棒 D．质子从橡胶棒转移到了毛皮 4．（2020?东海县二模）如图所示，闭合开关S，电路正常工作。过了一段时间，灯泡L1和L2同时熄灭，电压表示数明显变大。出现这一现象的原因可能是（） A．灯泡L1灯丝断了B．灯泡L1短路了 C．灯泡L2灯丝断了D．灯泡L2短路了 5．（2020?连云港二模）如图所示是小明同学设计的监测河水流速变化的装置原理图。机翼状的探头始终浸没在水中，通过连杆带动滑动变阻器的滑片P上下移动，电源电压保持4.5V不变，电流表量程为0～0.6A，电压表量程为0～3V，定值电阻R1阻值为5Ω，滑动变阻器R2的规格为“15Ω 1A”。闭合开关S，随着水流速度的改变，下列说法正确的是（）

A．当水流速度增大时，电压表的示数变大 B．当水流速度减小时，电压表与电流表的示数之比变小 C．滑动变阻器允许接入电路的阻值范围为10Ω～15Ω D．电阻R1的电功率变化范围为0.45W～1.8W 6．（2020?连云港一模）如图所示的电路中，两个小灯泡的规格相同。闭合开关后，只有一个小灯泡发光，电压表指针有明显偏转。则故障原因可能是（） A．L1被短接B．L1断路C．L2 被短接D．L2断路 7．（2020?灌南县模拟）某同学在做“用滑动变阻器改变电流”的实验时，连接如图所示的电路，将滑动变阻器的滑片移动到最大阻值处，闭合电键S，发现小灯不亮。接下来的操作，在以下步骤中最合理的是（） A．断开电键S，更换额定功率大一点的灯泡重新实验 B．断开电键S，增加电池的节数重新实验 C．断开电键S，拆掉导线重新连接电路 D．观察电流表的示数是否为零，判断电路是否断路 8．（2019?东海县一模）灯泡L的电流随电压变化关系如图甲所示，现把灯泡L接入如图乙所示的电路中，电路中电源的电压保持不变，闭合开关S，滑动变阻器的滑片P向左滑动时，下列判断正确的是（） A．电路消耗的总功率保持不变

最新中考物理欧姆定律真题汇编(含答案)

最新中考物理欧姆定律真题汇编(含答案) 一、欧姆定律选择题 1．在如图所示的电路中，闭合开关后，当滑片P向左移动时，下列说法正确的是（） A. 灯泡L变亮 B. 电压表V示数变大 C. 电流表A1示数变小 D. 电流表A2示数变大 【答案】 C 【解析】【解答】解：由图可知，该电路为并联电路；电流表A1测量干路中的电流，电流表A2测量通过灯泡的电流；电压表测量的是支路两端的电压，亦即电源电压，保持不变，B不符合题意； 根据并联电路的特点可知，滑动变阻器滑片移动时，对灯泡所在的支路无影响，灯泡的电流和电压都不变，故电流表A2示数不变，灯泡亮度不变，AD不符合题意； 当滑片P向左移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知，通过滑动变阻器的电流减小；通过灯泡的电流不变，根据并联电路的电流关系可知，干路中的电流减小，即电流表A1示数变小，C符合题意。 故答案为：C。 【分析】电流表测量干路中的电流，电流表测量通过灯泡的电流；电压表测量的是支路两端的电压；根据滑动变阻器滑片移动的方向判定其阻值变化，根据欧姆定律判定其电流变化，根据并联电路的电流、电压特点判定电表示数的变化. 2．如甲图所示的电路中，电源电压为8V恒定不变，R0为定值电阻，R为滑动变阻器，闭合开关S后，在滑片P滑动过程中，电压表与电流表示数的变化关系如图乙所示，根据图象信息可知，下列判断错误的是（） A. R0的阻值是5Ω B. 电路的最大总功率12.8W C. R0的最小功率是1.6W D. 滑动变阻器最大阻值是35Ω 【答案】 C

【解析】【解答】解：由电路图可知，R0与R串联，电压表测变阻器R两端的电压，电流表测电路中的电流。（1）当滑动变阻器接入电路的电阻为0时，电路为R0的简单电路，电路中的电流最大，此时电路的总功率最大， 由乙图可知，电路中的最大电流I大＝1.6A， 由I＝可得，R0的阻值： R0＝＝＝5Ω，A符合题意； 电路的最大总功率： P大＝UI大＝8V×1.6A＝12.8W，B符合题意；（2）当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，电压表的示数最大，电流表的示数最小，R0的功率最小， 由乙图可知，电路中的最小电流I小＝0.2A，变阻器R两端的电压U R＝7V， 则R0的最小功率： P0小＝I小2R0＝（0.2A）2×5Ω＝0.2W，C不符合题意； 滑动变阻器的最大阻值： R大＝＝＝35Ω，D符合题意。 故答案为：C。 【分析】结合电路图，理清元件的连接方式及电表的测量对象，当滑动变阻器接入电路的电阻为0时，电路中的电流最大，此时电路的功率最大，根据图象读出电路中的最大电流，根据欧姆定律求出R0的阻值，利用P=UI求出电路的最大功率；当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，电压表的示数最大，电流表的示数最小，R0的功率最小，根据图象读出电路的最小电流和变阻器两端的电压，根据P=UI=I2R求出R0的最小功率，再利用欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值. 3．如图所示电路（电源电压保持不变），闭合开关S，当滑动变阻器的滑片向右端移动时，下列说法正确的是（） A. 电压表示数不变，电流表示数变大 B. 电压表示数变大，电流表示数变小 C. 电压表示数变小，电流表示数变小 D. 电压表示数变大，电阻R1的电功率变大【答案】 D 【解析】【解答】由图可知，滑动变阻器与定值电阻串联，当滑动变阻器的滑片向右移动 时，滑动变阻器连入电路中的电阻变小，电路总电阻减小，而电源电压一定，由 知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大；根据，电阻R1的电流增大，两端