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《新编基础物理学》 第十六章早期量子论习题解答和分析

习题十六

16-1 某物体辐射频率为Hz .14

1006?的黄光,这种辐射的能量子的能量是多大? 分析 本题考察的是辐射能量与辐射频率的关系. 解: 根据普朗克能量子公式有:

J 106.63hv -341914100.4100.6-?=???==ε

16-2 热核爆炸中火球的瞬时温度高达K 7

10,试估算辐射最强的波长和这种波长的能量子hv 的值。

分析 本题考察的是维恩位移定律及普朗克能量子公式的应用。

解: 将火球的辐射视为黑体辐射, 根据维恩位移定律, 可得火球辐射峰值的波长为:

)(1089.210

1089.2107

3

m T b m --?=?==λ 上述波长的能量子的能量为:

eV 104.29J 106.63hc

hv 3-34?=?=????===--1610

8

1087.610

89.2103λε 16-3 假定太阳和地球都可以看成黑体,如太阳表面温度T S =6000K ,地球表面各处温度相同,试求地球的表面温度(已知太阳的半径R 0=6.96×105

km ,太阳到地球的距离r =1.496×108

km )。 分析 本题是斯忒藩—玻尔兹曼定律的应用。 解:由40T M σ= 太阳的辐射总功率为

)

(1047.4)1096.6(460001067.5442628482

420W R T R M P S S S ?=?????===-ππσπ 地球接受到的功率为

)(1000.2)10

496.121037.6(1047.4)2(4172

11

62622

2

W d R P R d

P P E S E S E ?=????====

ππ 把地球看作黑体,则2

4

2

44E E E E E R T R M P πσπ==

)(290)

1037.6(41067.51000.2442

6817

42K R P T E E E =?????==-ππσ

16-4 一波长nm 2001=λ的紫外光源和一波长nm 7002=λ的红外光源,两者的功率都是400W 。问:(1)哪个光源单位时间内产生的光子多?(2)单位时间内产生的光子数等于多少?

分析 本题考察光的粒子性及光源的功率与单位时间发射的光子数间的关系. 解: (1)光子的能量 λ

νc

h

h E ==

设光源单位时间内产生的光子数为n ,则光源的功率

hc

w n nhc

nE w λ

λ

=

=

=, 可见w 相同时,λ越大,n 越大,而12λλ>,所以红外光源产生的光子数多。 (2)紫外光源

)(个==s /1002.410

31063.610200400208

349

11??????=--hc w n λ 红外光源

)(个==s /1008.1410

31063.61070040020

8

34922??????=--hc w n λ 16-5 在天体物理中,一条重要辐射线的波长为21cm ,问这条辐射线相应的光子能量等于多少?

分析 本题考察光子能量的计算。 解: 光子能量

)(109.5)(105.910

211031063.66

252

834eV J c

h h E ----?=?????====λν 即辐射线相应的光子能量为eV 6

109.5-?

16-6 一光子的能量等于电子静能,计算其频率、波长和动量。在电磁波谱中,它属于哪种射线?

分析 本题考察光的粒子性的物理量的计算。 解: 电子静能

)(1020.81091011.9141631200J c m E --?=???==

则光子

)(1024.110

63.61020.82034

14

0Hz h E ?=??==--ν

)(1042.21024.110312

20

8m c

-?=??==νλ

)/(1073.210

42.21063.622

12

34s m kg h

p ??=??==---λ 它属于γ射线。

16-7 钾的光电效应红限波长是550nm, 求(1)钾电子的逸出功; (2)当用波长nm 300=λ的紫外光照射时,钾的截止电压U.

分析 本题考察的是爱因斯坦光电效应方程.根据红限波长,可以求出与该波长相应的光子能量, 这个能量就是该金属 的逸出功. 然后根据光电效应方程就可以求出对应某一特定波长的光子的遏止电压.

解:由爱因斯坦光电效应方程

A m hv +=

2max v 2

1 (1) 当光电子的初动能为零时, 有:

eV J hc

hv A 26.2)(10616.310

5501031063.6199

8

3400=?=????===---λ (2) eV J A hc m eU 88.1)(10014.32119=?=-==

2

max v 所以遏止电压U=1.88V

16-8 波长为200nm 的紫外光照射到铝表面,铝的逸出功为4.2eV 。 试求:(1)出射的最快光电子的能量;(2)截止电压; (3)铝的截止波长;(4)如果入射光强度为2.02

-?m W ,单位时间内打到单位上的平均光子数。

分析 本题考察的是爱因斯坦光电效应方程。 解: (1) 入射光子的能量为:

)(20.6)(1093.910

2001031063.6199

8

34eV J c

h h E =?????==---==λν 由光电效应方程可得出射的最快光电子的能量为:

eV A hc m 00.220.420.621=-=-=λ

2

max v (2) 截止电压为:

V e

eV

e m U 00.200.2210===2

max

v

(3) 铝的截止波长可由下式求得:

nm A hv A hc A hc v c 2.29520020.420.600=?=====

λλλλ (4) 光强I 与光子流平均密度N 的关系为I=Nhv , 所以有:

)(1002.210

93.90.21

21819---??=?==

s m hv I N

16-9 当照射到某金属表面的入射光的波长从1λ减小到2λ(1λ和2λ均小于该金属的红限波长). 求(1)光电子的截止电压改变量.(2)当nm 2951=λ,nm 2652=λ时截止电压的改变量。

分析 本题考察光电效应方程的应用. 解 (1) 截止电压

A h m eU m -==

ν202

1v 对1λ,有 e A e hc U -=

101λ 对2λ,有 e

A e hc U -=202λ 两式相减得

2

1211201020)()1

1(λλλλλλe hc e hc U U U -=

-=

-=? (2) 当nm 2951=λ,nm 2652=λ时,

(V)476.010

26510295106.110)265295(1031063.6)(9

9199

83421210=??????-????=-=?-----λλλλe hc U

16-10 试求: (1)红光(cm 107-5

?=λ); (2)X 射线(cm 102.5-9

?=λ); (3)γ射线(cm 101.24-10

?=λ)的光子的能量、动量和质量。

分析 本题考察的是光子的能量、动量和质量与光子的波长之间的关系。 解:根据光子能量公式hv =ε、光子动量公式λ

h

p =和质量公式λεh c M ==2

进行计

算可得:

16-11 用波长为λ的单色光照射某一金属表面时, 释放的光电子最大初动能为30eV, 用波长为2λ的单色光照射同一金属表面时, 释放的光电子最大初动能为10eV. 求能引起这种金属表面释放电子的入射光的最大波长为多少?

分析 本题考察的是爱因斯坦光电效应方程.根据不同波长的入射光产生的光电子的动能的大小,可以求出该金属的逸出功的大小,从而求出相应的入射光的波长. 解: 设A 为该金属的逸出功, 则有:

???

??????=+=+=A hc E A hc

E A hc

k k 0

212λλλ 因此可以得到:

λλ4,100==

=A

hc

eV A 即能引起该金属表面释放电子的最大波长为λ4.

16-12 波长0.100nm 0=λ的X 射线在碳块上受到康普顿散射, 求在900

方向上所散射的X

射线波长以及反冲电子的动能。

分析 本题考察康普顿散射公式。 根据散射角的大小可以求出散射波长, 然后根据散射前后的总的能量守恒可以求出反冲电子的动能。 解: 由康普顿散射公式

))(cos 1(024.0)cos 1(0

00A c

m h

θθλλλ-=-=-=?

由此可知散射波长为:

)(024.100.1)01(024.0A 0

0=+-=+?=λλλ

由能量守恒可知, 电子的动能应等于散射前后光子的能量之差, 即:

)(291)(1066.4)1

1

(

170

0eV J hc hv hv E =?=-=-=-λ

λ

16-13 在康普顿散射中,入射光子的波长为0.003nm, 反冲电子的速度为0.6c , c 为真空中的光速. 求散射光子的波长及散射角.

分析 本题散射前后能量守恒, 由反冲电子和入射光子的能量差就可以求出散射光子的波长, 然后根据康普顿散射公式求出散射角. 解: 反冲电子的能量为:

20202

202

0225.06.01c m c m c c c m c m m c =-??

? ??-=

-=ε

根据能量守恒, 该能量同时也等于入射光子能量的减少, 所以有:

200

25.0c m hc

hc

==-

ελ

λ

由此可以解出散射光子的波长为:

02

020

043.025.0A c

m h h =-=λλ 根据康普顿散射公式可得:

2

sin 2200θλλc m h =

- 所以可求出散射角为:

'02462=θ

16-14 设康普顿散射实验的反射光波长为0.0711nm, 求: (1)这些光子的能量多大?(2) 在θ=1800

处, 散射光子的波长和能量多大?(3)在θ=1800

处, 电子的反冲能量多大?

分析 本题考察康普顿散射公式.

解: (1) )(108.210

11.71031063.615

11

8340J c

h ---?????===λε (2) 3412

318

022 6.6310 4.8610m 9.1110310

h m c λ---???===???? m 11010596.7-?=+?=λλλ

相应的散射光子的能量为:

)(1062.210

596.71031063.615

11

834J c

h ---?????===λε (3) J E e 160108.1-?=-=εε

16-15 一光子与自由电子碰撞,电子可能获得的最大能量为6 keV ,求入射光子的波长和能量(用J 或eV 表示)。

分析 本题考察康普顿散射的规律。

解 光子反向弹回时(πθ=),电子将获得最大的能量

)(0048.0)cos 1(10

31011.91063.6)cos 1(8

3134

0nm c m h =-?????=-?--πθλ= 电子获得的能量

)

()11

(

0000

λλλλ

λλλνν?+?=

?+-

='-=hc hc h h E k 整理后得

0020=?-

?+k

E hc λ

λλλ 解得入射光波长

nm 00786.0222

0==k E hc λλλλ?+

??

? ???+?- 入射光子能量

keV 158J 1053.2140

=-?==

λhc

E

16-16 氢与其同位素氘(质量数为2)混在同一放电管中, 摄下两种原子的光谱线, 试问其巴耳末线系的第一条(αH )光谱线之间的波长差λ?有多大? 已知氢的里德堡常量

17H m 100967758.1R -?=, 氘的里德堡常量17H m 100970742.1R -?=.

分析 本题考察的是氢光谱的波数公式.

解: 由氢光谱的波数公式和巴尔末线系的第一条光谱线的条件, 可得:

R R 365312

1

1

22=??? ??-=λ 将上式两边同时取微分, 可得:

2

2

2536536365365R dR

dR R dR d =

??? ??==-λλ

因而有:

())(1079.1536102

m R R R H

H D D H -?=-=

-λλ

16-17 计算氢原子的电离电势和第一激发电势. 分析 本题考察的是氢原子的能级公式. 解: 由氢原子能级光子公式

eV n E n 2

6

.13-

= 因此电离能:

)(6.13)6.13(01eV E E E =--=-=∞

所以电离电势:

V e E U 6.13/==

从基态到第一激发态所需要能量为:

()()

)(2.101/6.132/6.132212eV E E E =---=-=?

所以第一激发电势为10.2V.

16-18 试求(1)氢原子光谱巴尔末线系辐射的、能量最小的光子的波长;(2)巴尔末线系的线系极限波长.

分析 本题考察的是氢光谱的波数公式.

解: (1) 巴尔末线系为氢原子的高激发态向n =2的能级跃迁产生的谱线系, 因此能量最小的谱线对应于由n =3的能级向n =2的能级的跃迁。因此该能量为:

()()

)(8912/6.133/6.132223eV .E E E =---=-=?

相应的波长为:

)(66.010

60.189.11031063.619

834m E hc μλ=?????=?--= (2)该线系的极限波长为n =∞能级向n =2能级的跃迁产生,因此类似于上面的计算有:

()

)(37.01060.126131031063.619

2834m .E hc μλ=?????=?--∞=

16-19 氢原子放出489nm 光子之后跃迁到激发能为10.19eV 的状态, 确定初始态的结合能. 分析 激发能是指将原子从基态激发到某一个激发态所需要的能量,因此根据题目给出的激发能可求出氢原子放出光子后的能量。然后根据发出光子的波长求出光子的能量,再加上氢原子所处氢原子所处的末态的能量,我们可以求出氢原子初态的能量,从而求出初态的结合能。

解:依题意,激发能为10.19eV 的激发态的能量为:

eV eV eV E n 41.319.106.13-=+-=

489nm 的光子的能量为:

)(54.2'eV hc

E ==

λ

因此氢原子的初态能量为:

)(87.0'eV E E E n -=+=

所以该氢原子初态的结合能为0.87eV 。

16-20 用12.2eV 能量的电子激发气体放电管中的基态氢原子, 求氢原子所能放出的辐射光的波长?

分析 依题意,氢原子吸收12.2eV 能量后将被激发到某一个激发态上,根据氢原子能级的能量与主量子数之间的关系,我们可以得出该激发态的主量子数。因此此时的氢原子所能发出的辐射即为从该激发态向其下的各种能量状态以及各种能量状态之间跃迁所发出的辐射。 解:吸收12.2eV 能量后,该氢原子的能量为:

eV E 4.12.126.13-=+-=

由于能级的能量与主量子数之间的关系为2/6.13n E n -=,因此有:

12.34

.16

.13=--=

n 由于n 必须是整数,能打到的最高态对应于n =3。从而该氢原子跃迁到基态有三种方式,即3→2、2→1和3→1,这对应了三种可能的辐射,相应的波长分别为656.3nm 、121.6nm 和102.6nm 。

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