计网新四章

4-01网络层向上提供的服务有哪两种？试比较其优缺点。

◆网络层向运输层提供“面向连接”虚电路(Virtual Circuit)服务或“无连

接”数据报服务；

--前者预约了双方通信所需的一切网络资源。优点是能提供服务质量的承诺。即所传送的分组不出错、丢失、重复和失序（不按序到达终点），也保证分组传送的时限。缺点是路由器复杂，网络成本高；

--后者无网络资源保障，尽力而为。优缺点与前者互易

4-02网络互连有何实际意义？进行网络互连时，有哪些共同的问题需要解决？

◆网络互连可扩大用户共享资源范围和更大的通信区域。

◆进行网络互连时，需要解决共同的问题有：

①不同的寻址方案；

②不同的最大分组长度；

③不同的网络接入机制；

④不同的超时控制；

⑤不同的差错恢复方法；

⑥不同的状态报告方法；

⑦不同的路由选择技术；

⑧不同的用户接入控制；

⑨不同的服务(面向连接服务和无连接服务)；

⑩不同的管理与控制方式；等等

4-03作为中间设备，转发器、网桥、路由器和网关有何区别？

◆中间系统又称为中间设备或中继(relay)系统。

?转发器(repeater)：物理层中继系统。

?网桥或桥接器(bridge)：数据链路层中继系统。

?路由器(router)：网络层中继系统。

?桥路器(brouter)：网桥和路由器的混合物。

?网关(gateway)：网络层以上的中继系统。

4-04试简单说明下列协议的作用：

IP，ARP，RARP和ICMP。

◆网际互连协议IP（Internet Protocol）：使性能各异的网络构成逻辑互连的

统一网络。网际协议 IP 是 TCP/IP 体系中两个最主要的协议之一，与 IP 协议配套使用的还有四个协议：

◆地址解析协议 ARP (Address Resolution Protocol)：是解决同一个局域网

上的主机或路由器的 IP 地址和硬件地址的映射问题。

◆逆地址解析协议 RARP (Reverse Address Resolution Protocol)：是解决

同一个局域网上的主机或路由器的硬件地址和IP 地址的映射问题。

◆因特网控制报文协议 ICMP (Internet Control Message Protocol)：提供

差错报告报文和询问报文。以提高 IP 数据报交付成功的机会

◆因特网组管理协议 IGMP (Internet Group Management Protocol) ：用于

探寻、转发本局域网内的组成员关系。

4-05 IP地址分为几类？各如何表示？ IP地址的主要特点是什么？

◆分为ABCDE 5类；

◆每一类地址都由两个固定长度的字段组成，其中一个字段是网络号 net-id，它标志主机（或路由器）所连接到的网络，而另一个字段则是主机号 host-id，它标志该主机（或路由器）。

◆各类地址的网络号字段 net-id 分别为 1 ，2，3，0，0字节；主机号字段host-id 分别为 3 字节、2字节、1字节、4字节、4字节。

◆特点:

(1) IP 地址是一种分等级的地址结构。分两个等级的好处是：

◆IP 地址管理机构在分配 IP 地址时只分配网络号，而剩下的主机号则由得

到该网络号的单位自行分配。这样就方便了 IP 地址的管理。

◆第二，路由器仅根据目的主机所连接的网络号来转发分组（而不考虑目的主

机号），这样就可以使路由表中的项目数大幅度减少，从而减小了路由表所占的存储空间。

(2) 实际上 IP 地址是标志“一个主机（或路由器）和一条链路的接口”。

◆当一个主机同时连接到两个网络上时，该主机就必须同时具有两个相应的

IP 地址，其网络号 net-id 必须是不同的。这种主机称为多接口主机

(multihomed host)。

◆由于一个路由器至少应当连接到两个网络（这样它才能将 IP 数据报从一个

网络转发到另一个网络），因此一个路由器至少应当有两个不同的 IP 地址。

(3) 用转发器或网桥连接起来的若干个局域网仍为一个网络，因此这些局域网都具有同样的网络号 net-id。

(4) 所有分配到网络号 net-id 的网络，范围很小的局域网，还是可能覆盖很大地理范围的广域网，都是平等的。

4-06试根据IP地址的规定，计算出表4-2中的各项数据。

4-07试说明IP地址与硬件地址的区别。为什么要使用这两种不同的地址？

◆IP 地址就是给每个连接在因特网上的主机（或路由器）分配一个在全世界范围是惟一的 32 bit 的标识符，从而把整个因特网看成为一个单一的、抽象的网络。

◆在实际网络的链路上传送数据帧时，最终还是必须使用硬件地址。

◆MAC地址在一定程度上与硬件一致，基于物理，能够标识具体的链路通信对象。IP地址基于逻辑域的划分，不受硬件限制。

4-08 IP地址方案与我国的电话号码体制的主要不同点是什么？

◆与网络的地理分布无关。

4-09（1）子网掩码为255.255.255.0代表什么意思？

◆有三种含义，

◆其一是一个A类网的子网掩码，对于A类网络的IP地址，前8位表示网络

号，后24位表示主机号，使用子网掩码255.255.255.0表示前8位为网络号，中间16位用于子网段的划分，最后8位为主机号。

◆第二种情况为一个B类网，对于B类网络的IP地址，前16位表示网络号，

后16位表示主机号，使用子网掩码255.255.255.0表示前16位为网络号，中间8位用于子网段的划分，最后8位为主机号。

◆第三种情况为一个C类网，这个子网掩码为C类网的默认子网掩码。

（2）一网络的子网掩码为255．255.255.248，问该网络能够连接多少个主机？◆255.255.255.248即11111111.11111111.11111111.11111000，

◆每一个子网上的主机为（2^3）-2=6台。

◆掩码位数29，该网络能够连接8个主机，扣除全1和全0后为6台。

（3）－A类网络和一B类网络的子网号subnet-id分别为16bit和8bit，问这两个网络的子网掩码有何不同？

◆A类网络： 01111111 11111111 11111111 00000000

?给定子网号（16位“1”）则子网掩码为255. 255. 255. 0

◆B类网络： 10111111 11111111 11111111 00000000

?给定子网号（8位“1”）则子网掩码为255. 255. 255. 0

但子网数目不同

（4）一个B类地址的子网掩码是255.255.240.0. 试问在其中每一个子网上的

主机数最多是多少?

?(240) 10 = (128+64+32+16) 10 = (11110000) 2

host-id的位数为4+8=12位，因此，最大主机数为：

212-2=4096-2=4094

11111111. 11111111. 11110000. 00000000 主机数 2^12－2

（5）一A类网络的子网掩码为255.255.0.255，它是否为一个有效的子网掩码?

?是 10111111 11111111 00000000 11111111

（6）某个IP地址的十六进制表示是C22F1481，试将其转换为点分十进制的形

式。这个地址是哪一类IP地址？

?C2 2F 14 81→（12*16＋2）。（2*16+15）。（16+4）。（8*16+1）

→194。 47。 20 。 129

?C2 2F 14 81 →1100 0010 。0010 1111 。 0001 0100。 1000 0001

?C类地址

（7）C类网络使用子网掩码有无实际意义?为什么?

?有实际意义。C类子网IP地址的32位中，前24位用于确定网络号，后8

位用于确定主机号，如果划分子网，可以选择后8位中的高位，这样做可以进一步划分网络，并且不增加路由表的内容。但是代价是主机数相应减少。

4-10试辨认以下IP地址的网络类别。

（l） 128．36.199．3

（2） 21．12．240．17

（3）183．194．76．253

（4） 192．12．69．248

（5） 89．3．0．l

（6） 200．3．6．2

4－10（2）和（5）是 A类，（l）和（3）是 B类（4）和（6）是 C类。

4-11 IP数据报中的首部检验和并不检验数据报中的数据。这样做的最大好处是什么？坏处是什么？

?在首部中的错误比在数据中的错误更严重。例如，一个坏的地址可能导致分

组被投寄到错误的主机。许多主机并不检查投递给它们的分组是否确实是要投递给它们的。它们假定网络从来不会把本来是要前往另一主机的分组投递给它们。

?数据不参与检验和的计算，因为这样做代价大，上层协议通常也做这种检验

工作，从而引起重复和多余。

?因此，这样作可以加快分组的转发，但是数据部分出现差错时不能及早发现。

4-12当某个路由器发现一IP数据报的检验和有差错时，为什么采取丢弃的办法而不是要求源站重传此数据报？计算首部检验和为什么不采用CRC检验码？

◆纠错控制由上层（传输层）执行

◆IP首都中的源站地址也可能出错，请错误的源地址重传数据报是没有意义的。

◆不采用CRC简化解码计算量，提高路由器的吞吐率

4-13设IP数据报使用固定首部，其各字段的具体数值如图4-54所示（除IP地址外，均为十进制表示）。试用二进制运算方法计算应当写入到首部检验和字段中的数值（用二进制表示)

?01000101 00000000 00000000-00011100

?00000000 00000001 00000000-00000000

?00000100 00010001 xxxxxxxx xxxxxxxx

?00001010 00001100 00001110 00000101

?00001100 00000110 00000111 00001001 作二进制校验和（带进位）

?01011111 00100100 00010101 00101010

?01011111 00100100

?00010101 00101010作二进制校验和（XOR）

?01110100 01001110取反码

?10001011 10110001,

4-14重新计算上题，但使用十六进制运算方法（每16位二进制数字转换为4个十六进制数字，再按十六进制加法规则计算）。比较这两种方法。

01000101 00000000 00000000-00011100 4 5 0 0 0 0 1 C

00000000 00000001 00000000-00000000 0 0 0 1 0 0 0 0

00000100 00010001 xxxxxxxx xxxxxxxx 0 4 1 1 0 0 0 0

00001010 00001100 00001110 00000101 0 A 0 C 0 E 0 5

00001100 00000110 00000111 00001001 0 C 0 6 0 7 0 9

01011111 00100100 00010101 00101010 5 F 2 4 1 5 2 A

5 F 2 4

1 5

2 A

7 4 4 E 8 B B 1

4-15什么是最大传送单元MTU？它和IP数据报首部中的哪个字段有关系？

IP层下面数据链路层所限定的帧格式中数据字段的最大长度。与IP数据报

首部中的总长度字段有关系

4-16 在因特网中将 IP数据报分片传送的数据报在最后的目的主机进行组装。还可以有另一种做法，即数据报片通过一个网络就进行一次组装。试比较这两种方法的优劣。

4－16 在目的站而不是在中间的路由器进行组装是由于：

（1 ）路由器处理数据报更简单些；效率高，延迟小。

（2 ）数据报的各分片可能经过各自的路径。因此在每一个中间的路由器进行组装可能总会缺少几个数据报片；

（3）也许分组后面还要经过一个网络，它还要给这些数据报片划分成更小的片。如果在中间的路由器进行组装就可能会组装多次。

(为适应路径上不同链路段所能许可的不同分片规模，可能要重新分片或组装)。

4-17 一个3200位长的TCP报文传到IP层，加上160位的首都后成为数据报。下面的互联网由两个局域网通过路由器连接起来。但第二个局域网所能传送的最

长数据帧中的数据部分只有1200位。因此数据报在路由器必须进行分片。试问第二个局域网向其上层要传送多少比特的数据（这里的“数据”当然指的是局域网看见的数据）？

◆应分成4片；第二个局域网共上传4*(3200/4+160)＝3840bit

4-18

（1）有人认为：“ARP协议向网络层提供了转换地址的服务，因此ARP应当属于数据链路层。”这种说法为什么是错误的？

◆因为ARP本身是网络层的一部分，ARP协议为IP协议提供了转换地址的服务。数据链路层使用硬件地址而不使用IP地址，无需ARP协议数据链路层本身即可正常运行。因此ARP不在数据链路层。

（2）试解释为什么ARP高速缓存每存入一个项目就要设置10－20分钟的超时计时器。这个时间设置得太大或太小会出现什么问题？

◆考虑到IP地址和Mac地址均有可能是变化的（更换网卡，或动态主机配置）◆10－20分钟更换一块网卡是合理的。超时时间太短会使ARP请求和响应分组的通信量太频繁，而超时时间太长会使更换网卡后的主机迟迟无法和网络上的其他主机通信。

（3）至少举出两种不需要发送ARP请求分组的情况（即不需要请求将某个目的IP地址解析为相应的硬件地址）。

◆在源主机的ARP高速缓存中已经有了该目的IP地址的项目；源主机发送的

是广播分组；源主机和目的主机使用点对点链路。

4-19主机A发送IP数据报给主机B，途中经过了5个路由器。试问在IP数据报的发送过程中总共使用了几次ARP？

◆6次．主机用一次，每一个路由器各使用一次。

4-20设某路由器建立了如下路由表：

目的网路子网掩码下一跳

128．96．39．0 255．255．255．128 接口 m0

128．96．39．128 255．255．255．128 接口 ml

128．96.40.0 255．255．255．128 R2

192．4.153．0 255．255．255．192 R3

＊（默认）－R4

现共收到5个分组，其目的地址分别为：

（l） 128．96．39．10

（2） 128．96. 40．12

（3） 128. 96．40. 151

（4） 192． 4．153．17

（5） 192． 4．153．90

试分别计算其下一跳。

（l） 128．96． 39．10 →128．96． 39．0-0-00 1010 接口0

（2） 128．96. 40．12 →128．96. 40．0-0-00 1100 R2

（3） 128. 96． 40. 151→128. 96． 40. 1-0-01 0111 R4

（4） 192． 4．153． 17→192． 4．153．0-0-01 0001 R3

（5） 192． 4．153． 90→192． 4．153．0-1-01 1010 R4

4-21 某单位分配到一个B类IP地址，其netid为129．250．0．0。该单位有4000台机器，分布在16个不同的地点。如选用于网掩码为255．255．255．0，试给每一个地点分配一个子网号码，并算出每个地点主机号码的最小值和最大值.

◆4000多台机器，平均分布在16个不同的地点，每处台数k>250台。假设 k<254 ◆需要16个子网号，每个子网应当能承载254台。由此主机号应当为8bit。子网号分别为：

◆129.250.0.0

◆129.250.1.0

◆129.250.2.0

◆。。。

◆129.250.15.0

◆各点的子网有256－2＝254台主机,每个地点主机号码的最小值为1，最大值为254。

4-22一个数据报长度为4000字节（固定首部长度）。现在经过一个网络传送，但此网络能够传送的最大数据长度为1500字节。试问应当划分为几个短些的数据报片？各数据报片的数据字段长度、片偏移字段和 MF标志应为何数值？

◆原数据报固定首部长度为20字节。故其数据部分长度为3980，按1480＋1480＋1020, 分3个片。

◆各片偏移字段值：0; 1480/8=185；（1480+1480）/8 =370

◆MF= 1 , 1 , 0

4-23分两种种情况（使用子网掩码和使用CIDR）写出因特网的IP层查找路由的算法。

◆P134; P139

424试找出可产生以下数目的A类子网的子网掩码（采用连续掩码）。

（l）2：→11111111 10000000 00000000 00000000 255．128. 0．0 （2）6：→11111111 11100000 00000000 00000000 255．224．0．0，（3）30:→11111111 11111000 00000000 00000000 255．248．0．0，（4）62:→11111111 11111100 00000000 00000000 255．252．0．0 （5）122→11111111 11111110 00000000 00000000 255．254．0．0 （6）250→11111111 11111111 00000000 00000000 255．255．0．0

4-25以下有4个子网掩码。哪些是不推荐使用的？为什么？

（1） 176．0．0．0（2） 96.0．0．0，（3） 127．192.0．0（4） 255．128．0．0。

◆只有（4 ）采用连续掩码，是推荐使用的。

4-26有如下的4个／24地址块，试进行最大可能的聚合。

212．56.132 ．0/24

212．56．133 ．0/24

212．56．134．0/24

212.56．135．0/24

◆共同前缀是 22位，即：11010100 00111000 100001。

◆聚合的 CIDR地址块是： 212.56.132.0／22。

4-27有两个CIDR地址块 208．128／11和 208．130．28／22。是否有哪一个地址块包含了另一个地址？如果有，请指出，并说明理由。

◆前一个地址块包含了后一个。写出这两个地址块的二进制表示就可看出。

4-28已知路由器Rl的路由表如表4－12所示。

试画出各网络和必要的路由器的连接拓扑，标注出必要的IP地址和接口。对不能确定的情况应当指明。

4-29一个自治系统有5个局域网，其连接图如图4-55示。LAN2至LAN5上的主机数分别为：91,.150，3和15. 该自治系统分配到的IP地址块为30．138．118／23。试给出每一个局域网的地址块（包括前缀).

◆30．138．118／23→30．138．0111 011

◆分配网络前缀时应先分配地址数较多的前缀。

◆题目没有说LAN1上有几个主机，但至少需要3个地址给三个路由器用。

◆本题的解答有很多种，下面给出两种不同的答案：

◆第一组和第二组答案分别用图A-2(a)和(b)表示。这样可看得清楚些。图中

注明有LAN的三角形表示在三角形顶点下面所有的IP地址都包含在此局域网的网络前缀中。

4-30一个大公司有一个总部和三个下属部门。公司分配到的网络前缀是192．77.33／24。公司的网络布局如图4-56示。总部共有五个局域网，其中的LAN1－LAN4 都连接到路由器R1上，R1再通过LAN5 与路由器R5 相连。R5和远地的三个部门的局域网LAN6－LAN8 通过广域网相连。每一个局域网旁边标明的

数字是局域网上的主机数。试给每一个局域网分配一个合适的网络前缀。

◆本题的解答有很多种，下面给出其中的一种答案（先选择需要较大的网络前

缀）：

LANI： 192．77．33．0／26.

LAN3： 192.77．33．64／27;

LAN6: 192．77．33．96／27;

LAN7： 192．77．33.128／27

LAN8： 192.77.33.160／27。

LAN2： 192.77．33.192／28:

LAN4： 192．77.33．208／28。

LAN5： 192．77．33．224／29（考虑到以太网上可能还要再接几个主机，故留有余地）。

WAN1： 192．77．33．232／30；

WAN2： 192.77.33．236／30： WAN3： 192．77．33．240／30。

4-31以下地址中的哪一个和86．32／12匹配？请说明理由。

（l） 86．33．224.123；（2） 86．79．65．216

（3） 86.58．119．74（4）86．68．206．154。

◆86.32/12 ＝＝> 86. 00100000 下划线上为12位前缀说明第二字节的前4

位在前缀中。

◆给出的四个地址的第二字节的前4位分别为：0010，0100，0011和0100。

因此只有（1）是匹配的。

4-32以下的地址前缀中的哪一个和地址2.52.90．140匹配？请说明理由。

（l）0／4；（2）32／4；（3）4／6 （4）80／4。

◆前缀（l）和地址 2．52．90．140匹配。

◆ 2.52.90.140 → 0000 0010. 52.90.140

◆0/4 → 0000 0000

◆32/4 → 00100000

◆4／6 → 0000 0100

◆80／4 →0101 0000

4-33下面的前缀中的哪一个和地址152．7．77．159及152．31．47．252都匹配？请说明理由。

（l） 152．40／13；（2） 153．40／9（3）152．64／12；（4） 152．0／11。

◆前缀（4）和这两个地址都匹配。方法同上。

4-34与下列掩码相对应的网络前缀各有多少位？

（4） 255．255．255．252。

（3） 255．224.0．0；

（2） 240．0．0．0；

（l） 192.0．0.0；

◆（l）／2; （2）／4；（3）／11；（4）／30。

4-35已知地址块中的一个地址是140．120．84.24／20。试求这个地址块中的最小地址和最大地址。地址掩码是什么？地址块中共有多少个地址？相当于多少个C类地址？

◆140．120．84.24 → 140．120．(0101 0100).24

◆最小地址是 140．120．(0101 0000). 0 ／20 (80)

◆最大地址是 140．120．(0101 1111). 255／20 (95)

◆地址数是4096。相当于16个C类地址。

4-36已知地址块中的一个地址是190．87．140．202／29。重新计算上题。

◆190．87．140．202／29 → 190．87．140．(11001010)／29

◆最小地址是 190．87. 140．(11001000)／29 200

◆最大地址是 190．87. 140．(11001111)／29 207

◆地址数是8。相当于1／32个C类地址。

4-37某单位分配到一个地址块136．23．12．64／26。现在需要进一步划分为4个一样大的子网。试问：

（l）每个子网的网络前缀有多长？

（2）每一个子网中有多少个地址？

（3）每一个子网的地址块是什么？

（4）每一个子网可分配给主机使用的最小地址和最大地址是什么？

◆（l）每个子网前缀28位(自前26位向后拓展2位)。

◆（2）每个子网的地址中有4位留给主机用，因此共有16个地址。

◆（3）四个子网的地址块是：

?第一个地址块136．23．12．64／28，可分配给主机使用的

◆最小地址：136.23.12． 01000001＝136．23.12．65／28

◆最大地址：136.23．12．01001ll0=136.23．12.78／28

?第二个地址块136．23．12．80／28，可分配给主机使用的

◆最小地址：136．23．12，01010001＝136．23．12．81／28

◆最大地址： 136.23．12．0101 1110＝＝136.23．12．94／28

?第三个地址块136．23．12．96／28，可分配给主机使用的

◆最小地址： 136．23．12．0110 0001＝ 136．23.12．97／28

◆最大地址： 136.23.12.0110 1110＝ 136．23．12．110／28

?第四个地址块136.23．12．112/28，可分配给主机使用的

◆最小地址：136.23．12，01111 0001＝ 136．23．12．113／28

◆最大地址： 136．23.12.01111110＝136.23.12.126／28

4-38 IGP和 EGP这两类协议的主要区别是什么？

◆IGP: 在自治系统内部使用的路由协议；力求最佳路由

◆EGP：在不同自治系统边界使用的路由协议；力求较好路由（不兜圈子）

◆EGP必须考虑其他方面的政策，需要多条路由。代价费用方面可能可达性更重要。

◆IGP：内部网关协议，只关心本自治系统内如何传送数据报，与互联网中其他自治系统使用什么协议无关。

◆EGP:外部网关协议，在不同的AS边界传递路由信息的协议，不关心AS内部使用何种协议。

◆注：IGP 主要考虑AS内部如何高效地工作，绝大多数情况找到最佳路由，对费用和代价的有多种解释。

4-39 试简述RIP，OSPF和BGP路由选择协议的主要特点。

主要特点RIP OSPF BGP

网关协议内部内部外部

路由表内容目的网，下一站，距

离目的网，下一站，距

离

目的网，完整路由

最优通路依据跳数费用多种策略

算法距离矢量链路状态距离矢量

传送方式运输层UDP IP数据报建立TCP连接

其他简单

效率低

跳数为16不可达

好消息传的快，坏消

息传的慢效率高

路由器频繁交换信

息，难维持一致性

规模大，统一度量，

可达性

4-40 RIP使用 UDP， OSPF使用 IP，而 BGP使用TCP。这样做有何优点？为什么 RIP周期性地和邻站交换路由信息而BGP却不这样做？

◆RIP只和邻站交换信息，使用UDP无可靠保障，但开销小，可以满足rip要

求；

◆OSPF使用可靠的洪泛法，直接使用IP，灵活、开销小；

◆BGP需要交换整个路由表和更新信息，TCP提供可靠交付以减少带宽消耗；

◆RIP使用不保证可靠交付的UDP，因此必须不断地（周期性地）和邻站交换

信息才能使路由信息及时得到更新。但BGP使用保证可靠交付的TCP因此不

需要这样做。

4-41假定网络中的路由器B的路由表有如下的项目（这三列分别表示“目的网络”、“距离”和“下一跳路由器”）

N1 7 A

N2 2 C

N6 8 F

N8 4 E

N9 4 F

现在B收到从C发来的路由信息（这两列分别表示“目的网络”和“距离”）： N2 4

N3 8

N6 4

N8 3

N9 5

试求出路由器B更新后的路由表（详细说明每一个步骤）。

路由器B更新后的路由表如下：

N1 7 A 无新信息，不改变。

N2 5 C相同的下一跳，更新。

N3 9 C新的项目，添加进来。

N6 5 C不同的下一跳，距离更短，更新。

N8 4 E不同的下一跳，距离一样，不改变。

N9 4 F 不同的下一跳，距离更大，不改变。

442假定网络中的路由器A的路由表有如下的项目（格式同上题）：

N1 4 B

NZ 2 C

N3 1 F

N4 5 G

现在A收到从C发来的路由信息（格式同上题）：

N1 2

N2 1

N3 3

N4 7

试求出路由器A更新后的路由表（详细说明每一个步骤）。

◆路由器A更新后的路由表如下：

N1 3 C不同的下一跳，距离更短，改变。

N2 2 C相同的下一跳。距离～样，不变

N3 1 F不同的下一跳，距离更大，不改变。

N4 5 G不同的下一跳，距离更大，不改变。

4-43 IGMP协议的要点是什么？隧道技术是怎样使用的？

◆IGMP 可分为两个阶段

?第一阶段：当某个主机加入新的多播组时，该主机应向多播组的多播地

址发送IGMP 报文，声明自己要成为该组的成员。本地的多播路由器收

到 IGMP 报文后，将组成员关系转发给因特网上的其他多播路由器。

?第二阶段：因为组成员关系是动态的，因此本地多播路由器要周期性地

探询本地局域网上的主机，以便知道这些主机是否还继续是组的成员。

只要对某个组有一个主机响应，那么多播路由器就认为这个组是活跃的。

但一个组在经过几次的探询后仍然没有一个主机响应，则不再将该组的

成员关系转发给其他的多播路由器。

◆隧道技术：多播数据报被封装到一个单播IP数据报中,可穿越不支持多播的

网络，到达另一个支持多播的网络

4-4 什么是 VPN？ VPN有什么特点和优缺点？ VPN有几种类别？

P171--173

4-45 什么是 NAT？ NAPT有哪些特点？ NAT的优点和缺点有哪些？

P173-174

计算机操作系统(第四版)课后习题答案第一章

第一章 1．设计现代OS的主要目标是什么 答：（1）有效性（2）方便性（3）可扩充性（4）开放性 2．OS的作用可表现在哪几个方面 答：（1）OS作为用户与计算机硬件系统之间的接口（2）OS 作为计算机系统资源的管理者（3）OS实现了对计算机资源的抽象 3．为什么说OS实现了对计算机资源的抽象 答：OS首先在裸机上覆盖一层I/O设备管理软件，实现了对计算机硬件操作的第一层次抽象；在第一层软件上再覆盖文件管理软件，实现了对硬件资源操作的第二层次抽象。OS 通过在计算机硬件上安装多层系统软件，增强了系统功能，隐藏了对硬件操作的细节，由它们共同实现了对计算机资源的抽象。 4．试说明推劢多道批处理系统形成和収展的主要劢力是什么答：主要动力来源于四个方面的社会需求与技术发展：（1）不断提高计算机资源的利用率；（2）方便用户；（3）器件的不断更新换代；（4）计算机体系结构的不断发展。5．何谓脱机I/O和联机I/O 答：脱机I/O 是指事先将装有用户程序和数据的纸带或卡片装入纸带输入机或卡片机，在外围机的控制下，把纸带或卡片上的数据或程序输入到磁带上。该方式下的输入输出由外围机控制完成，是在脱离主机的情况下进行的。而联机I/O 方式是指程序和数据的输入输出都是在主机的直接控制下进行的。 6．试说明推劢分时系统形成和収展的主要劢力是什么

答：推动分时系统形成和发展的主要动力是更好地满足用户的需要。主要表现在：CPU 的分时使用缩短了作业的平均周转时间；人机交互能力使用户能直接控制自己的作业；主机的共享使多用户能同时使用同一台计算机，独立地处理自己的作业。 7．实现分时系统的关键问题是什么应如何解决 答：关键问题是当用户在自己的终端上键入命令时，系统应能及时接收并及时处理该命令，在用户能接受的时延内将结果返回给用户。解决方法：针对及时接收问题，可以在系统中设臵多路卡，使主机能同时接收用户从各个终端上输入的数据；为每个终端配臵缓冲区，暂存用户键入的命令或数据。针对及时处理问题，应使所有的用户作业都直接进入内存，并且为每个作业分配一个时间片，允许作业只在自己的时间片内运行，这样在不长的时间内，能使每个作业都运行一次。 8．为什么要引入实时OS 答：实时操作系统是指系统能及时响应外部事件的请求，在规定的时间内完成对该事件的处理，并控制所有实时任务协调一致地运行。引入实时OS 是为了满足应用的需求，更好地满足实时控制领域和实时信息处理领域的需要。 9．什么是硬实时任务和软实时任务试举例说明。 答：硬实时任务是指系统必须满足任务对截止时间的要求，否则可能出现难以预测的结果。举例来说，运载火箭的控制等。软实时任务是指它的截止时间并不严格，偶尔错过了任务的截止时间，对系统产生的影响不大。举例：网页内计算机操作系统第三版答案 2 / 47 容的更新、火车售票系统。10．试从交互性、及时性以及可靠性方面，将分时系统不实时系统迚行比较。答：（1）及时性：实时信息处理系统对实时性的要求与分时系统类似，都是以人所能接受的等待时间来确定；而实时控制系统的及时性，是以控制对象所要求的开始截止时间或完成截止时间来确定的，一般为秒级到毫秒级，甚至

数据库第五章作业

第五、六章练习题 一、选择题 1、在关系数据库设计中，子模式设计是在__________阶段进行。[ B] A．物理设计 B．逻辑设计 C．概念设计 D．程序设计 2、设有关系R（A，B，C）的值如下： A B C 2 2 3 2 3 4 3 3 5 下列叙述正确的是（B） A．函数依赖A→B在上述关系中成立B．函数依赖BC→A在上述关系中成立C．函数依赖B→A在上述关系中成立D．函数依赖A→BC在上述关系中成立 3、数据库设计阶段分为（ D ） A. 物理设计阶段、逻辑设计阶段、编程和调试阶段 B. 模型设计阶段、程序设计阶段和运行阶段 C. 方案设计阶段、总体设计阶段、个别设计和编程阶段 D. 概念设计阶段、逻辑设计阶段、物理设计阶段、实施和调试阶段 4、下列说法中不正确的是（C）。 A. 任何一个包含两个属性的关系模式一定满足3NF B. 任何一个包含两个属性的关系模式一定满足BCNF C. 任何一个包含三个属性的关系模式一定满足3NF D. 任何一个关系模式都一定有码 5、设有关系模式R(A，B，C，D)，F是R上成立的函数依赖集，F={B→C,C→D},则属性C的闭包C+为( C ) A.BCD B.BD C.CD D.BC 6、在数据库设计中，将ER图转换成关系数据模型的过程属于（ B ） A.需求分析阶段 B.逻辑设计阶段 C.概念设计阶段 D.物理设计阶段 7、下述哪一条不是由于关系模式设计不当而引起的？（ B） A) 数据冗余B) 丢失修改C) 插入异常D) 更新异常 8、下面关于函数依赖的叙述中，不正确的是（ B） A) 若X→Y,X→Z,则X→YZ B) 若XY→Z,则X→Z,Y→Z C) 若X→Y,Y→Z,则X→Z D) 若X→Y,Y′ Y,则X→Y′

网络技术(第二章网络技术基础)

网络技术 第二章网络技术基础 考点1 计算机网络的定义 资源共享的观点将计算机网络定义为“以能够相互共享资源的方式互连起来的自治计算机系统的集合”。其主要体现在以下3 个方面： ①计算机网络建立的主要目的是实现计算机资源的共享。计算机资源主要指计算机硬件、软件和数据。 ②互连的计算机是分布在不同地理位置的多台独立的“自治计算机”。互连的计算机之 间应该没有明确的主从关系，每台计算机都可以联网或者脱离网络工作。 ③联网计算机之间的通信必须遵循共同的网络协议。 考点2 计算机网络的分类 1．网络分类方法 网络分类的方法很多，常用以下两种分类法： ①根据网络所使用的传输技术分类，可以分为广播式网络与点一点式网络。选择分组存储转发与路由选择是点一点式网络与广播式网络的重要区别之一。 ②根据网络的覆盖范围与规模分类，可以分为局域网、城域网与广域网。 2．广域网、局域网和城域网 (1) 局域网(LAN) 局域网分为共享局域网与交换局域网(或是共享介质式局域网和交换式局域网)。局域网一般属于一个单位所有，易于建立、维护与扩展。在局域网领域中，采用以太网(Ethemet) 、令牌总线(Token Bus) 和令牌环(Token Ring) 原理的局域网产品形成了三足鼎立之势。 (2) 城域网(MAN)

城域网(MAN)是介于广域网与局域网之间的一种高速网络。其设计的目标是要满足几十千米范围内的多个局域网互联的需求。 (3) 广域网(WLAN) 广域网也称远程网，它所覆盖的范围从几十千米到几千千米。广域网的通信子网主要采 用分组交换技术。早期的网络主要是广域网。 考点3 计算机网络拓扑结构 1．计算机网络拓扑的定义计算机网络设计的第一步就是网络拓扑设计。拓扑学是几何学的一个分支。 计算机网络拓扑是通过网中结点与通信线路之间的几何关系表示网络结构，反映出网络各实体之间的结构关系。 2．网络拓扑的分类网络拓扑可以根据通信子网中通信信道类型分为以下两类： (1) 点对点线路通信子网的拓扑 采用点对点线路的通信子网的基本拓扑构型有 4 种：星型、环型、树型与网状型。 (2) 广播信道通信子网的拓扑 采用广播信道通信子网的基本拓扑构型主要有 4 种：总线型、树型、环型、无线通信与 卫星通信。 3．点对点线路通信子网的拓扑 (1) 星型拓扑 星型拓扑的特点是结构简单，易于实现和管理，但由于其集中控制方式的结构，一旦中 心结点出现问题，就会造成全网的瘫痪，可靠性较差。 (2) 环型拓扑 环型拓扑的环中任意一个结点的故障都会造成全网的瘫痪，这是环型网络可靠性的瓶颈。 (3) 树型拓扑 树型拓扑可以看做是星型拓扑的一种扩展，主要适用于汇集信息的应用要求。

计网作业答案

计算机网络第五版答案(课后作业) 第一章概述 1-03 试从多个方面比较电路交换、报文交换和分组交换的主要优缺点。 答：（1）电路交换：端对端通信质量因约定了通信资源获得可靠保障，对连续传送大量数据效率高。 （2）报文交换：无须预约传输带宽，动态逐段利用传输带宽对突发式数据通信效率高 ，通信迅速。 （3）分组交换：具有报文交换之高效、迅速的要点，且各分组小，路由灵活，网络生 存性能好。 1-10 试在下列条件下比较电路交换和分组交换。要传送的报文共x（bit）。从源点到 终点共经过k段链路，每段链路的传播时延为d（s），数据率为b(b/s)。在电路交换时 电路的建立时间为s(s)。在分组交换时分组长度为p(bit)，且各结点的排队等待时间可 忽略不计。问在怎样的条件下，分组交换的时延比电路交换的要小？（提示：画一下草 图观察k段链路共有几个结点。） 答：线路交换时延：kd+x/b+s, 分组交换时延：kd+(x/p)*(p/b)+ (k-1)*(p/b) 其中(k-1)*(p/b)表示K段传输中，有(k-1)次的储存转发延迟，当s>(k-1)*(p/b)时，电路交换的时延比分组交换的时延大，当x>>p,相反。d 1-18 假设信号在媒体上的传播速度为2×108m/s.媒体长度L分别为： （1）10cm（网络接口卡） （2）100m（局域网） （3）100km（城域网） （4）5000km（广域网） 试计算出当数据率为1Mb/s和10Gb/s时在以上媒体中正在传播的比特数。 解：（1）1Mb/s:传播时延=0.1/(2×108)=5×10-10 比特数=5×10-10×1×106=5×10-4 1Gb/s: 比特数=5×10-10×1×109=5×10-1 （2）1Mb/s: 传播时延=100/(2×108)=5×10-7 比特数=5×10-7×1×106=5×10-1 1Gb/s: 比特数=5×10-7×1×109=5×102 (3) 1Mb/s: 传播时延=100000/(2×108)=5×10-4 比特数=5×10-4×1×106=5×102 1Gb/s: 比特数=5×10-4×1×109=5×105 (4)1Mb/s: 传播时延=5000000/(2×108)=2.5×10-2 比特数=2.5×10-2×1×106=5×104 1Gb/s: 比特数=2.5×10-2×1×109=5×107 1-19 长度为100字节的应用层数据交给传输层传送，需加上20字节的TCP首部。再交给网络层传送，需加上20字节的IP首部。最后交给数据链路层的以太网传送，加上首部和尾部工18字节。试求数据的传输效率。数据的传输效率是指发送的应用层数据除以所发送的总数据（即应用数据加上各种首部和尾部的额外开销）。 若应用层数据长度为1000字节，数据的传输效率是多少？ 解：（1）100/（100+20+20+18）=63.3% （2）1000/（1000+20+20+18）=94.5% 1-24 论述具有五层协议的网络体系结构的要点，包括各层的主要功能。

计网第五次作业

计网第五次作业

Review Questions: 1. What are some of the possible services that a link-layer protocol can offer to the network layer? Which of these link-layer services have corresponding services in IP? In TCP?链路层协议提供给网络层的服务有哪些？哪些是给IP的？哪些是给TCP的？ Link access, framing, reliable delivery between adjacent nodes, flow control, error detection, error correction, half-duplex and full-duplex. In IP: framing, error detection. In TCP: framing, reliable delivery between adjacent nodes, error detection, half-duplex and full-duplex. 2. If all the links in the Internet were to provide reliable delivery service, would the TCP reliable delivery service be redundant? Why or why not? 不会多余，因为TCP保证的是传输层的数据传送，而link提供稳定可靠传输保证链路层的传输稳定，二者不完全重叠，所以TCP可靠传输也不会多余。 3. In Section 5.3, we listed four desirable characteristics of a broadcast channel. Which of these characteristics does slotted ALOHA have? Which of these characteristics does token passing have?

计应 第二章 Windows 7操作系统 试题

第二章 Windows 7操作系统 一、选择题 系统中的“桌面”是指（）。 A.整个频幕 B.某个窗口 C.当前窗口 D.全部窗口 2.下列属于计算机操作系统的是（）。 7 D.以上全部 3.在Windows 7中，打开一个菜单后，其中某菜单项会出现与之对应的级联菜单的标识是（）。 A.菜单项右侧有一组英文提示 B.菜单项右侧有一个黑色三角形 C.菜单项左侧有一个黑色圆点 D.菜单项左侧有一个“√”符号 4.在Windows 7中，能弹出对话框的操作是（）。 A.选择了带三角形箭头的菜单项 B.运行了与对话框对应的应用程序 C.选择了颜色变灰的菜单项 D.选择了带省略号的菜单项 5.把Windows 7的窗口和对话框作一比较，窗口可以移动和改变大小，而对话框（）。 A.既不能移动，也不能改变大小 B.仅可以移动，不能改变大小 C.仅可以改变大小，不能移动 D.既能移动，也能改变大小 7操作系统中，显示3D桌面效果的快捷键是（）。 +Tab +shift +Tab +Tab 7.在Windows 7操作系统中，进行窗口切换的快捷键是（）。 +W +Tab +F +N 8.剪贴板的作用是（）。 A.临时存放剪切或复制的信息 B.作为资源管理器管理的工作区 C.长期保存信息的存储区 D.在使用Dos 时，划给的临时区域 9.在Windows 7中，剪贴板是程序和文件间用来传递信息的临时存储区，此存储区是（）。 A.回收站的一部分 B.硬盘的一部分 C.软盘的一部分 D.内存的一部分 7中，若要选定当前文件夹中的全部文件和文件夹对象，可使用的组合键是（）。 A．Ctrl+V B．Ctrl+A C．Ctrl+X D．Ctrl+D 11.在Windows中连续进行了多次剪切操作后，“剪贴板”中存放的是（）。 A.空白 B.最后一次剪切的内容 C.第一次剪切的内容 D.所有剪切过的内容 12.用鼠标直接运行带有图标的Windows程序，所要用的操作是（）。 A.双击 B.单击 C.拖动 D.选中 13.更改Windows 7主题主要包括（）。 A.更改桌面背景 B.更改窗口颜色 C.更改声音和屏幕保护程序 D.以上都对 14.如果某个程序窗口被最小化，则程序将（）。 A.终止运行 B.暂停运行 C.转入后台运行 D.继续前台运行 15.在“资源管理器”窗口中，如果想一次选定多个连续的文件，正确的操作是（）。 A.单击第一个文件，按住Shift键，单击最后一个文件 B.单击第一个文件，按住Ctrl键，单击最后一个文件 C.按住Ctrl键，按住鼠标右键逐个选取 D.按住Shift键，按住鼠标左键逐个选取 16.在Windows 7的“资源管理器”中，已选定文件夹后，下列操作中不能删除该文件夹的操作是（）。 A.在键盘上按Delete键 B.用鼠标左键双击该文件夹 C.在“文件”菜单中选择“删除”命令 D.右击该文件夹，在弹出的快捷菜单中选择“删除”命令 17.在Windows7“资源管理器”中，进行文件复制可以先右击文件图标，在弹出的快捷菜单中选择“复制”命令，再右击目标文件夹或磁盘，在弹出的快捷菜单中选择（）命令。 A.粘贴 B.移动 C .拷贝 D.全选 18.下面“不合法”的文件名是（）。 A..TXT 关于Windows7中窗口的说法，以下（）是正确的。 A.屏幕上只能出现一个窗口，这就是活动窗口 B.屏幕上可以出现多个窗口，但只有一个是活动窗口 C.屏幕上可以可以出现多个窗口，但不止一个是活动窗口 D.屏幕上出现的全部是活动窗口 20.在Windows7“资源管理器”的工作区中，已选定了若干个文件，若想取消其中几个选定文件，需要执行的操作是（）。 A.按住Ctrl键，然后依次单击要取消的文件 B.按住Shift键，然后依次单击要取消的文件 C.按住Ctrl键，然后用鼠标右键依次单击要取消的文件 D.按住Shift键，然后用鼠标右键依次单击要取消的文件 7操作系统是（）。 A.单用户单任务系统 B.单用户多任务系统 C.多用户单任务系统 D.多用户多任务系统 22.当窗口不能将所有的信息行显示在一屏内时，窗口中一定会出现（）。 A.滚动条 B.状态栏 C.提示信息窗口 D.警告信息窗口 23.打开快捷菜单的操作为（）。 A.单击 B.右击 C.双击 D.三击 24.在Windows7操作系统中，能安全关闭计算机的操作是（）。 A.在文件未保存的情况下，单击“开始”按钮→“关闭”计算机 B.在保存文件并关闭所有运行的程序后，单击“开始”按钮→“关闭”计算机 C.直接按主机面板上的电源按钮 D.直接拔掉电源关闭计算机 25.将鼠标指针移至（）上拖曳，既可移动窗口位置。 A.标题栏 B.格式栏 C.状态栏 D.菜单栏 26.以下输入法中属于键盘输入法的有（）。 A.光电输入法 B.手写输入法 C.语音识别输入法 D.搜狗拼音输入法 27.在Windows 7操作系统中，切换输入法的快捷键默认是（）。 +Enter +Alt +Shift +Shift 28.下列（）文件是压缩文件。 A.财务.doc B.财务.exe C.财务.zip D.财务.txt 29.在Windows7的“资源管理器”中，关于文件扩展名的显示，以下正确的是（）。 A.所有文件的扩展名始终显示，与设置无关 B.所有文件的扩展名始终不显示，是隐藏的，与设置无关 C.不可以更改扩展名是否显示的设置 D.可以打开“工具”菜单，选择“文件夹选项”，设置文件的扩展名是否显示

计网实验报告(三) (4500字)

计算机网络实验报告（三） ——编程实现可靠数据传输原理 go-back-n （一）实验目的： 运用各种编程语言实现基于go-back-n 的可靠数据传输软件。通过本实验，使学生能够对可靠数据传输原理有进一步的理解和掌握。 （二）实验内容: (1).选择合适的编程语言编程实现基于go-back-n 的可靠数据传输软件。 (2).在实际网络环境或模拟不可靠网络环境中测试和验证自己的可靠数据传输软件。 （三）实验原理: 1.gbn协议含义：go-back-n arq 中文翻译为后退n式arq、回退n式arq。该协议对传统的自动重传请求 （arq,automatic repeat reques）进行了改进，从而实现了在接收到ack之前能够连续发送多个数据包。 在go-back-n arq中，发送端不需要在接收到上一个数据包的ack后才发送下一个数据包，而是可以连续发送数据包。在发送端发送数据包的过程中，如果接收到对应已发送的某个数据包的nack，则发送端将nack对应的某个数据包进行重发，然后再将该数据包之后的数据包依次进行重发。 后退n帧arq的图例: 后退n帧arq就是从出错处重发已发出过的n个帧。 2.go-back-n 的有限状态机模型表示如图所示： (a) (b) 图3.1 go-back-n 的有限状态机模型（a）发送端 (b)接受端 （四）实验步骤： 在eclipse平台编写并调试gbn模拟java程序，观察三组以上实验结果，验证程序可以正确模拟gbn的发送规则。 （五）实验结果： 以下为随机数模拟的某次发送情况： 接收方开始接收分组数据！ 发送方开始发送分组数据！ 发送方现在开始第一次发送序号为0的数据分组 当前窗口内的分组情况为： 第0号窗口里面存放的是序号为1的马上待发送的数据分组！ 第1号窗口里面存放的是序号为2的马上待发送的数据分组！ 第2号窗口里面存放的是序号为3的马上待发送的数据分组！ 接收方收到了序号为0的分组！ 该数据分组正是接收方所期待的，接收方接受了它并准备回送对应的ack！发送方收到了ack，序号为0并且开始加以确认！ 发送方现在开始第一次发送序号为1的数据分组 当前窗口内的分组情况为： 第0号窗口里面存放的是序号为2的马上待发送的数据分组！ 第1号窗口里面存放的是序号为3的马上待发送的数据分组！

计量经济学(第四版)习题及参考答案解析详细版

计量经济学（第四版）习题参考答案 潘省初

第一章 绪论 试列出计量经济分析的主要步骤。 一般说来，计量经济分析按照以下步骤进行： （1）陈述理论（或假说） （2）建立计量经济模型 （3）收集数据 （4）估计参数 （5）假设检验 （6）预测和政策分析 计量经济模型中为何要包括扰动项 为了使模型更现实，我们有必要在模型中引进扰动项u 来代表所有影响因变量的其它因素，这些因素包括相对而言不重要因而未被引入模型的变量，以及纯粹的随机因素。 什么是时间序列和横截面数据 试举例说明二者的区别。 时间序列数据是按时间周期（即按固定的时间间隔）收集的数据，如年度或季度的国民生产总值、就业、货币供给、财政赤字或某人一生中每年的收入都是时间序列的例子。 横截面数据是在同一时点收集的不同个体（如个人、公司、国家等）的数据。如人口普查数据、世界各国2000年国民生产总值、全班学生计量经济学成绩等都是横截面数据的例子。 估计量和估计值有何区别 估计量是指一个公式或方法，它告诉人们怎样用手中样本所提供的信息去估计总体参数。在一项应用中，依据估计量算出的一个具体的数值，称为估计值。如Y 就是一个估计量，1 n i i Y Y n == ∑。现有一样本，共4个数，100，104，96，130，则 根据这个样本的数据运用均值估计量得出的均值估计值为 5.1074 130 96104100=+++。 第二章 计量经济分析的统计学基础 略，参考教材。

请用例中的数据求北京男生平均身高的99％置信区间 N S S x = = 4 5= 用 =，N-1=15个自由度查表得005.0t =，故99%置信限为 x S t X 005.0± =174±×=174± 也就是说，根据样本，我们有99%的把握说，北京男高中生的平均身高在至厘米之间。 25个雇员的随机样本的平均周薪为130元，试问此样本是否取自一个均值为120元、标准差为10元的正态总体 原假设 120:0=μH 备择假设 120:1≠μH 检验统计量 () 10/2510/25 X X μσ-Z == == 查表96.1025.0=Z 因为Z= 5 >96.1025.0=Z ,故拒绝原假设, 即 此样本不是取自一个均值为120元、标准差为10元的正态总体。 某月对零售商店的调查结果表明，市郊食品店的月平均销售额为2500元，在下一个月份中，取出16个这种食品店的一个样本，其月平均销售额为2600元，销售额的标准差为480元。试问能否得出结论，从上次调查以来，平均月销售额已经发生了变化 原假设 : 2500:0=μH 备择假设 : 2500:1≠μH ()100/1200.83?480/16 X X t μσ-= === 查表得 131.2)116(025.0=-t 因为t = < 131.2=c t , 故接受原假 设,即从上次调查以来，平均月销售额没有发生变化。

北交 计网 自顶向下 第二章作业答案

Chapter 2 注：括弧之中红色标注为与课本习题对应的编号 2.1，2.2节后作业： 1.(R2)For a communication session between a pair of processes, which process is the client and which is the server? 建立连接的是客户等待的是服务器。 2.(R3)What is the difference between network architecture and application architecture? 网络架构为标准的五层或七层，应用架构由程序员自行设计 3.(R4)What information is used by a process running on one host to identify a process running on another host? 端口号和IP地址 4.(R7)Suppose you wanted to do a transaction from a remote client to a server as fast as possible. Would you use UDP or TCP? Why? UDP，因为不需要建立连接，速度更快。 5.(R8)List the four broad classes of services that a transport protocol can provide. For each of the service classes, indicate if either UDP or TCP (or both) provides such a service. 可靠数据传输，安全，吞吐量，定时 6.(R9)Why do HTTP, FTP, SMTP, and POP3 run on top of TCP rather than on UDP? 因为与这些协议相联系的应用都要求应用数据能够被无差错的有序的接收，而TCP提供可靠的数据传输 7.(R11)What is meant by a handshaking protocol? 握手协议，通过三次握手建立连接，保证可靠传输 2.3，2.4节后作业 8.(R15)Suppose Alice, with a Web-based e-mail account (such as Hotmail or gmail), sends a message to Bob, who accesses his mail from his mail server using POP3. Discuss how the message gets from Alice's host to Bob's host. Be sure to list the series of application-layer protocols that are used to move the message between the two hosts. 信息从Alice的主机发送到她的邮件服务器，使用HTTP 协议。然后邮件从Alice的邮件服务器发送到Bob 的邮件服务器，使用SMTP协议。最后Bob将邮件从他的邮件服务器接收到他的主机，使用POP3协议。 9.(R17)From a user's perspective, what is the difference between the download-and-delete mode and the download-and-keep mode in POP3? 在下载并删除方式下，在用户从POP服务器取回他的邮件后，信息就被删除。 在下载并保留方式下，在用户取回邮件后，邮件不会被删除。 10.(R18)Is it possible for an organization's Web server and mail server to have exactly the same alias for a hostname (for example,foo. com)? What would be the type for the RR that

15_计网期末实验报告

1. 实验报告如有雷同，雷同各方当次实验成绩均以0分计。 2. 当次小组成员成绩只计学号、姓名登录在下表中的。 3. 在规定时间内未上交实验报告的，不得以其他方式补交，当次成绩按0分计。 4. 实验报告文件以PDF 格式提交。 综合实验 下图是模拟A 公司的网络拓扑简图，在A 公司各接入级的二层交换机(S1)按部门划分了VLAN ，各接入级交换机连接到汇聚层交换机S2上，然后连接到公司出口路由器R1,R1通过DDN 连接到互联网服务提供商ISP 的路由器R2，最后连接到ISP 的一台PC （用配有公网IP 地址的PC4模拟）,实现连接Internet 。请对该公司的交换机和路由器进行相应的配置实现以下功能。 图1 实验拓扑图 （1） 该公司内网IP 地址规划：每台设备的IP 地址请你自行指定，不同小组的IP 地址不一样，具 警示

体见实验步骤2。 （2）为了提高网络的可靠性，通过两级交换机之间的双链路实现冗余备份，要求使用RSTP协议，避免环路，且确保S2作为Root Switch。 （3）VLAN 10，VLAN 20职能分别如下：VLAN 10（公司员工name: Employee）和VLAN 30（公司服务name: Service）。接入层的1-10口在VLAN 10内，11-20口在VLAN 20内。 （4）配置汇聚层交换机S2，使不同部门之间的PC能够相互访问。 （5）在公司内部，即S2和R1之间配置动态路由协议RIPv2，在公司外部即R1和R2之间配置动态路由协议OSPF，在公司出口路由器R1上配置到ISP的默认路由，使公司内部网络可以访问ISP(提示：内网要访问外网需要NA T策略) 注意：不同协议之间进行路由交换，需要实现路由协议重发布，具体如下 在路由器R1上加上如下命令，把默认路由重发布到RIPv2协议中,使公司内部的所有路由器都可以经过RIP协议学习到默认路由 R2(config)# router rip R2(config-router)#default-information originate 假设VLAN 20里面的一台PC，比如PC3是公司内部的一台服务器，要求在外网可以访问。 实验步骤 1.小组分工 刘雪梅和许杨鹏负责两交换机的配置，实现不同VLAN间的通信（步骤4-7）；杨曼琪和杜艺菲负责两路由器的配置（步骤8-10），实现公司外部网络的连通，即PC4 ping通路由器R1的S2/0接口，路由器R1 ping通PC4。为了节省时间，两部分同时进行，然后再配置S2和R1之间的RIPv2，NAT策略，将两部分连接起来。 2.确定设备IP地址，我们的小组号为15，IP分配如拓扑图所示 设备接口IP地址掩码网关交换机S2 虚拟接口vlan 10 192.168.15.1 255.255.255.0 无PC1 网卡192.168.15.2 255.255.255.0 192.168.X.1 PC2 网卡192.168.15.3 255.255.255.0 192.168.X.1 交换机S2 虚拟接口vlan 20 192.168.15+1.1 255.255.255.0 无PC3 网卡192.168.15+1.2 255.255.255.0 192.168.X+1.1 交换机S2 虚拟接口vlan 30 192.168.15+2.1 255.255.255.0 无 路由器R1 F0/0 192.168.15+2.2 255.255.255.0 无 路由器R1 S2/0 202.101.1.1 255.255.255.0 无 路由器R2 S2/0 202.101.1.2 255.255.255.0 无 路由器R2 F0/0 221.98.1.1 255.255.255.0 无PC4 网卡221.98.1.2 255.255.255.0 221.98.1.1 表1 各个设备的接口和IP的设计 3.按照题目中的拓扑图连接实验拓扑。

第一章作业答案

2-3何谓真空度？某点的真空度为0.4×105Pa ，其绝对压力和相对压力分别是多少？ 答：绝对压力比大气压小的那部分数值为真空度。 绝对压力=大气压力—真空度=0.6×105Pa 相对压力=—真空度=—0.4×105Pa 2-5在图2-12中，液压缸直径150D mm =，活塞直径100d mm =，负载50000F N =。若不计油液自重及活塞或缸体重量，求a) 、b)两种情况下的液压缸内部的油液压力。 解：a) 柱pA F =b) 环pA F +2-6如图， 130q L =解：v 1=2 1 14D v π 3-9 图数）各为多少？（已知图c 中节流阀的压差为Δp ） 答：0=p ；A F p = ；p p ?=；0=p 3-11 某液压泵的工作压力为5MPa ，转速为1450r/min ，排量为40mL/r ，容积效率为0.93，总效率为0.88，求泵的实际输出功率和驱动该泵所用电动机的功率。 解：W pVn pq P V o 449593.0104060 1450 10566=?????===-η

4-8 如图4-15所示，三个液压缸的缸筒和活塞杆直径均为D 和d ，当输入油液的压力和流量 v = 2v = 3v = ，试求： （1（24 4 2）Pa d F p 66 22 1004.110354 1000 4 ?=??= = -π π 第五章作业参考答案5 P78 : 5-9 如图5-28所示回路，若溢流阀的调定压力为6MPa ，判断在电磁铁断电，负载无穷大或负载压力 为4MPa 时，系统的压力分别是多少？当电磁铁通电，负载压力为4MPa 时，系统的压力又是多少？

川大计网第五章选择题

1. A ( ) protocol is used to move a packet over an individual link. A. application-layer B. transport-layer C. network-layer D. link-layer 2. Which of the following services can not offered by a link-layer protocol? ( ) A. congestion control B. Link Access C. Error control D. Framing 3. ( ) protocol serves to coordinate the frame transmissions of the many nodes when multiple nodes share a single broadcast link. A. ARP B. MAC C. ICMP D. DNS 4. Consider CRC error checking approach, the four bit generator G is 1011, and suppose that the data D is 10101010, then the value of R is ( ). A. 010 B. 100 C. 011 D.

110 5. In the following four descriptions about random access protocol, which one is not correct? ( ) A. In slotted ALOHA, nodes can transmit at random time. B. CSMA/CD cannot be implemented on a wireless channel. C. The maximum efficiency of a slotted ALOHA is higher than a pure ALOHA. D. In CSMA/CD, one node listens to the channel before transmitting. 6. In the following descriptions about MAC address, which one is not correct? ( ) A. The MAC address is the address of one node’s adapter. B. No two adapters have the same MAC address. C. The MAC address doesn’t change no matter where the adapter goes. D. MAC address has a hierarchical structure.

网络计划实验报告

PERT 实验 商业中心建设活动持续时间表 活动紧前活动需要时间(周) A 设计－20 B 批准－10 C 招标A, B8 D 建设C24 E 外装修D8 F 谈判A,B14 G 签约F10 H 区域分割D, G6 I 内装修H12 J 进驻I, E6 正常正常加急加急最大成本/时间 时间成本时间成本减少比率 A*203012808 6.25 B101010100- C*8106162 3.0 D*24 230020 2340410.0 E8110 4 1204 2.5 F141210204 2.0 G1*******- H* 6202254 1.25 I* 12160101702 5.0 J*6106100- 根据以上表格给出的信息，用PERT软件画出项目网络计划图，并进行网络计算与优化设计。

网络计划方法: 大型项目的开发涉及很复杂的项目协调和管理问题，为使项目管理人员对项目进度有全面的了解，进行有效的控制，必须使用科学的管理方法；网络计划法是使用最广泛的方法之一，关键路径法(critical path method 缩写为CPM)和项目评审技术(program evaluation and review technique 缩写为PERT)是两种使用最广泛的网络计划技术。网络计划方法的优点使它适用于生产技术复杂，工作项目繁多，且紧密联系的一些跨部门的工作计划，如：新产品研制开发；大型工程项目建设；生产技术准备；复杂设备的大修计划。 网络计划方法的基本原理: 将工程项目分解为相对独立的活动，根据各活动先后顺序、相互关系以及完成所需时间做出反映项目全貌的网络图；从项目完成全过程着眼，找出影响项目进度的关键活动和关键路线，通过对资源的优化调度，实现对项目实施的有效控制和管理。 网络计划方法的主要功能: 1用网络图描述一个实际项目的管理问题 (画网络图)； 2计算项目的最早、最晚完成和开工时间 (网络计算)； 3寻找关键活动和关键路径(网络分析); 4根据以上分析对网络进行优化 PERT网络分析法 PERT网络分析法(计划评估和审查审技术，Program Evaluation and Review Technique) PERT(Program Evaluation and Review Technique)即计划评审技术，最早是由美国海军在计划和控制北极星导弹的研制时发展起来的。PERT技术使原先估计的研制北极星潜艇的时间缩短了两年。简单地说，PERT是利用网络分析制定计划以及对计划予以评价的技术，它能协调整个计划的各道工序，合理安排人力、物力、时间、资金，加速计划的完成。在现代计划的编制和分析手段上，PERT被广泛的使用，是现代化管理的重要手段和方法。 一．画网络图 画网络图应注意以下规则: 1、按工作本身的逻辑顺序连接箭线 2、网络图中不允许出现循环线路 3、在网络图中不允许出现代号相同的箭线 4、在一个网络图中只允许有一个起点节点，一般只允许出现一个终点节点（多目标网络图除外） 5、在网络图中不允许出现有双向箭头或无箭头的线段 6、网

计网第三章作业

Chapter 3 注:括弧中标题号为第四版教材中对应得习题号 1.(R14)Suppose Host A sends two TCP segments back to back to Host B over a TCP connection、The first segment has sequence number 90; the second has sequence number 110、 a、How much data is in the first segment? b、Suppose that the first segment is lost but the second segment arrives at B、In the acknowledgment that Host B sends to Host A, what will be the acknowledgment number? 答: a.[90,109]=20bytes b.ack number=90,对第一个报文段确认 2.(R15)True or false? a、The size of the TCP RcvWindow never changes throughout the duration of the connection、 b、suppose Host A is sending Host B a large a TCP connection、The number of unacknowledged bytes that A sends cannot exceed the size of the receive buffer、 c、Host A is sending Host B a large a TCP connection、Assume Host B has no data to send Host A、Host B will not send acknowledgments to Host A because Host B cannot piggyback the acknowledgment on data、 d、The TCP segment has a field in its header for RcvWindow、 e、Suppose Host A is sending a large Host B over a TCP connection、If the sequence number for a segment of this connection is m, then the sequence number for the subsequent segment will necessarily be m + 1、 f、Suppose that the last SampleRTT in a TCP connection is equal to 1 sec、The current value of TimeoutInterval for the connection will necessarily be>=1 sec、 g、Suppose Host A sends one segment with sequence number 38 and 4 bytes of data over a TCP connection to Host B、In this same segment the acknowledgment number is necessarily 42、 答: a、F b、T c、F:即使没有数据传送,也会进行单独确认 d、T e、F:按字节编号,不按报文段编号 f、F g、F:B->A得确认号不一定为38+4=42 3.(R17)True or false? Consider congestion control in TCP、When the timer expires at the sender, the threshold is set to one half of its previous value、 答: F:应为当前拥塞窗口得一半,而不就是阈值得一半。 4.(P3)UDP and TCP use 1s plement for their checksums、Suppose you have the following three 8-bit bytes: 01101010, 01001111, 、What is the 1s plement of the sum of these 8-bit byte? (Note that although UDP and TCP use 16-bit words in puting the checksum, for this problem you are being asked to consider 8-bit sums、) Show all work、、Why is it that UDP takes plement of the sum; that is, why not just use the sum? With the 1s plement scheme, how