习题一答案
1.求下列复数的实部、虚部、模、幅角主值及共轭复数:
(1)
1
32i
+
(2)
(1)(2)
i
i i
--
(3)13
1
i
i i
-
-
(4)821
4
i i i
-+-
解:(1)
132
3213
i
z
i
-
==
+
,
因此:
32 Re, Im
1313 z z
==-,
232
arg arctan,
31313
z z z i
==-=+
(2)
3
(1)(2)1310
i i i
z
i i i
-+
===
---
,
因此,
31
Re, Im
1010
z z
=-=,
131
arg arctan,
31010 z z z i
π
==-=--(3)
133335
122
i i i
z i
i i
--
=-=-+=
-
,
因此,
35
Re, Im
32
z z
==-,
535
,arg arctan,
232
i
z z z
+ ==-=
(4)821
41413
z i i i i i i
=-+-=-+-=-+
因此,Re 1, Im 3z z =-=,
arg arctan3, 13z z z i π==-=--
2. 将下列复数化为三角表达式和指数表达式:
(1)i (2)1-+ (3)(sin cos )r i θθ+ (
4
)
(cos sin )
r i θθ- (5)
1cos sin (02)i θθθπ-+≤≤
解:(1)2
cos
sin
2
2
i
i i e π
π
π
=+=
(2)1-+2
3
222(cos sin )233
i i e πππ=+=
(3)(sin cos )r i θθ+()2
[cos(
)sin()]22
i
r i re
π
θπ
π
θθ-=-+-=
(4)(cos sin )r i θθ-[cos()sin()]i r i re θθθ-=-+-= (5)2
1cos sin 2sin
2sin cos 222
i i θ
θθ
θθ-+=+ 2
2sin [cos
sin
]2sin 22
22
i
i e
πθ
θπθ
πθ
θ
---=+=
3. 求下列各式的值:
(1)5)i - (2)100100(1)(1)i i ++-
(3
)(1)(cos sin )
(1)(cos sin )
i i i θθθθ-+-- (4)
23(cos5sin 5)(cos3sin 3)i i ????+-
(5
(6
解:(1
)5
)i -5[2(cos()sin())]66
i ππ
=-+-
5552(cos()sin()))66
i i ππ
=-
+-=-+ (2)100100(1)(1)i i ++-50505051(2)(2)2(2)2i i =+-=-=-
(3
)
(1)(cos sin )
(1)(cos sin )
i i i θθθθ-+--
2[cos()sin()](cos sin )
33
)sin()][cos()sin()]44
i i i i ππ
θθππ
θθ-+-+=
-+--+-
)sin()](cos2sin 2)12
12
i i π
π
θθ=-
+-
+
(2)12
)sin(2)]12
12
i
i π
θπ
π
θθ-
=-
+-
=
(4)2
3
(cos5sin 5)(cos3sin 3)
i i ????+- cos10sin10cos19sin19cos(9)sin(9)
i i i ??????+==+-+- (5
=
11cos (2)sin (2)3232k i k ππ
ππ=++
+1
, 0221, 122
, 2i k i k i k +=?
??=-
+=??-=???
(6
=
11(2)sin (2)]2424k i k ππππ=+++8
8, 0, 1
i i e k e k π
π
==?=?
4.
设12 ,z z i =
=-试用三角形式表示12z z 与12z z 解:12cos
sin
, 2[cos()sin()]4
466
z i z i π
π
ππ
=+=-+-,所以
12z z 2[cos()sin()]2(cos sin )46461212
i i ππππππ
=-+-=+,
12z z 1155[cos()sin()](cos sin )2464621212
i i ππππππ
=+++=+ 5. 解下列方程:
(1)5()1z i += (2)440 (0)z a a +=> 解:(1
)z i += 由此
2
5
k i
z i e i
π
=-=-,(0,1,2,3,4)
k=
(2
)z==
11
[cos(2)sin(2)]
44
a k i k
ππππ
=+++,当0,1,2,3
k=时,对应的4
(1),1),1),)
i i i i
+-+---6.证明下列各题:(1)设,
z x iy
=+
z x y
≤≤+
证明:首先,显然有z x y
=≤+;
其次,因222,
x y x y
+≥固此有222
2()(),
x y x y
+≥+
从而
z=≥
(2)对任意复数
12
,,
z z有222
121212
2Re()
z z z z z z
+=++
证明:验证即可,首先左端22
1212
()()
x x y y
=+++,
而右端2222
11221122
2Re[()()]
x y x y x iy x iy
=+++++-
2222
11221212
2()
x y x y x x y y
=+++++22
1212
()()
x x y y
=+++,由此,左端=右端,即原式成立。
(3)若a bi +是实系数代数方程101100n n n a z a z a z a --++++=
的一个根,那么a bi -也是它的一个根。
证明:方程两端取共轭,注意到系数皆为实数,并且根据复数的乘法运算规则,()n n z z =,由此得到:
10110()()0n n n a z a z a z a --++
++=
由此说明:若z 为实系数代数方程的一个根,则z 也是。结论得证。
(4)若1,a =则,b a ?≠皆有
1a b
a ab
-=-
证明:根据已知条件,有1aa =,因此:
1
1()a b a b a b a ab aa ab a a b a ---====---,证毕。 (5)若1, 1a b <<,则有
11a b
ab
-<- 证明:2
2
2
()()a b a b a b a b ab ab -=--=+--,
2
2
2
1(1)(1)1ab ab ab a b ab ab -=--=+--, 因为1, 1a b <<,所以,
2
2
2
2
2
2
1(1)(1)0a b a b a b +--=--< ,
因而2
2
1a b ab -<-,即
11a b
ab
-<-,结论得证。 7.设1,z ≤试写出使n z a +达到最大的z 的表达式,其中n 为正整数,a 为复数。
解:首先,由复数的三角不等式有1n n z a z a a +≤+≤+, 在上面两个不等式都取等号时n z a +达到最大,为此,需要取n z 与a 同向且1n z =,即n z 应为a 的单位化向量,由此,
n a z a
=
,
z =
8.试用123,,z z z 来表述使这三个点共线的条件。
解:要使三点共线,那么用向量表示时,21z z -与31z z -应平行,因而二者应同向或反向,即幅角应相差0或π的整数倍,再由复
数的除法运算规则知21
31
z z Arg z z --应为0或π的整数倍,至此得
到:
123,,z z z 三个点共线的条件是21
31
z z z z --为实数。
9.写出过1212, ()z z z z ≠两点的直线的复参数方程。
解:过两点的直线的实参数方程为:
121121()
()
x x t x x y y t y y =+-??=+-?,
因而,复参数方程为:
112121121()()z x iy x iy t x x iy iy z t z z =+=++-+-=+-
其中t 为实参数。
10.下列参数方程表示什么曲线(其中t 为实参数)
(1)(1)z i t =+ (2)cos sin z a t ib t =+ (3)i
z t t
=+
解:只需化为实参数方程即可。 (1),x t y t ==,因而表示直线y x =
(2)cos ,sin x a t y b t ==,因而表示椭圆22
221x y a b
+=
(3)1
,x t y t
==,因而表示双曲线1xy =
11.证明复平面上的圆周方程可表示为 0zz az az c +++=, 其中a 为复常数,c 为实常数
证明:圆周的实方程可表示为:220x y Ax By c ++++=,
代入, 22z z z z x y i
+-=
=
,并注意到2
22x y z zz +==,由此 022z z z z
zz A B c i
+-+++=,
整理,得 022
A Bi A Bi zz z z c -++
++= 记
2A Bi a +=,则2
A Bi
a -=,由此得到 0zz az az c +++=,结论得证。
12.证明:幅角主值函数arg z 在原点及负实轴上不连续。 证明:首先,arg z 在原点无定义,因而不连续。
对于00x <,由arg z 的定义不难看出,当z 由实轴上方趋于0x 时,arg z π→,而当z 由实轴下方趋于0x 时,
arg z π→-,由此说明0
lim arg z x z →不存在,因而arg z 在0x 点不连
续,即在负实轴上不连续,结论得证。
13.函数1
w z
=把z 平面上的曲线1x =和224x y +=分别映成w
平面中的什么曲线
解:对于1x =,其方程可表示为1z yi =+,代入映射函数中,得
2
11111iy
w u iv z iy y
-=+=
==++, 因而映成的像曲线的方程为 22
1, 11y
u v y y
-==++,消去参数y ,得
222
1,1u v u y +==+即22211()(),22
u v -+=表示一个圆周。 对于
224x y +=,其方程可表示为
2cos 2sin z x iy i θθ=+=+
代入映射函数中,得
11cos sin 2cos 2sin 2
i w u iv z i θθθθ-=+=
==+
因而映成的像曲线的方程为 11
cos , sin 22
u v θθ==-,消去参数θ,得2214u v +=
,表示一半径为1
2
的圆周。 14.指出下列各题中点z 的轨迹或所表示的点集,并做图: 解:(1)0 (0)z z r r -=>,说明动点到0z 的距离为一常数,因而表示圆心为0z ,半径为r 的圆周。
(2)0,z z r -≥是由到0z 的距离大于或等于r 的点构成的集合,
即圆心为0z 半径为r 的圆周及圆周外部的点集。
(3)138,z z -+-=说明动点到两个固定点1和3的距离之和为一常数,因而表示一个椭圆。代入,z x iy ==化为实方程得
22
(2)11615
x y -+=
(4),z i z i +=-说明动点到i 和i -的距离相等,因而是i 和i -连线的垂直平分线,即x 轴。 (5)arg()4
z i π
-=
,幅角为一常数,因而表示以i 为顶点的与x
轴正向夹角为4
π
的射线。
15.做出下列不等式所确定的区域的图形,并指出是有界还是无界,单连通还是多连通。
(1)23z <<,以原点为心,内、外圆半径分别为2、3的圆环区域,有界,多连通
(2)arg (02)z αβαβπ<<<<<,顶点在原点,两条边的倾角分别为,αβ的角形区域,无界,单连通
(3)
3
12
z z ->-,显然2z ≠,并且原不等式等价于32z z ->-,说明z 到3的距离比到2的距离大,因此原不等式表示2与3 连线的垂直平分线即x =左边部分除掉x =2后的点构成的集合,是一无界,多连通区域。
(4)221z z --+>,
显然该区域的边界为双曲线221z z --+=,化为实方程为 22
44115
x y -
=,再注意到z 到2与z 到-2的距离之差大于1,因而不等式表示的应为上述双曲线左边一支的左侧部分,是一无界单连通区域。
(5)141z z -<+,代入z x iy =+,化为实不等式,得
22
2178()()1515
x y ++>
所以表示圆心为17(,0)15-半径为8
15
的圆周外部,是一无界多连通区域。
习题二答案
1.指出下列函数的解析区域和奇点,并求出可导点的导数。
(1)5
(1)z -
(2)3
2z iz + (3)211z + (4)1
3
z z ++ 解:根据函数的可导性法则(可导函数的和、差、积、商仍为可
导函数,商时分母不为0),根据和、差、积、商的导数公式及复合函数导数公式,再注意到区域上可导一定解析,由此得到: (1)5(1)z -处处解析,54[(1)]5(1)z z '-=-
(2)32z iz +处处解析,32(2)32z iz z i '+=+
(3)21
1z +的奇点为210z +=,即z i =±,
22
2222
1(1)2(), ()1(1)(1)
z z z i z z z '-+-'==≠±+++ (4)1
3
z z ++的奇点为3z =-,
2
11()1, (3)3(3)
z z z z '+=-≠-++ 2.判别下列函数在何处可导,何处解析,并求出可导点的导数。
(1)22()f z xy x yi =+ (2)22()f z x y i =+
(3)3
2
2
3
()3(3)f z x xy i x y y =-+- (4)1
()f z z
=
解:根据柯西—黎曼定理: (1)22, u xy v x y ==,
22, ,2, 2x y y x u y v x u xy v xy ====
四个一阶偏导数皆连续,因而,u v 处处可微,再由柯西—黎曼方程
, x y y x u v u v ==-解得:0x y ==,
因此,函数在0z =点可导, 0
(0)0x x z f u iv ='=+=,
函数处处不解析。 (2)22, u x v y ==,
2, 2,0, 0x y y x u x v y u v ====
四个一阶偏导数皆连续,因而,u v 处处可微,再由柯西—黎曼方程
, x y y x u v u v ==-解得:x y =,
因此,函数在直线y x =上可导, ()2x x
y x
f x ix u iv x ='+=+=,
因可导点集为直线,构不成区域,因而函数处处不解析。 (3)32233, 3u x xy v x y y =-=-,
222233, 33,6, 6x y y x u x y v x y u xy v xy =-=-=-=
四个一阶偏导数皆连续,因而 ,u v 处处可微,并且 ,u v 处处满足柯西—黎曼方程 , x y y x u v u v ==- 因此,函数处处可导,处处解析,且导数为
()x x f z u iv '=+= 2233+6x y i xy -23z =
(4)2211()x iy f z x iy x y z +===-+,2222
, x y
u v x y x y ==++, 2222222222
, ()()
x y y x x y u v x y x y --==++, 222222
22, ()()
y x xy xy
u v x y x y --=
=++, 因函数的定义域为0z ≠,故此,,u v 处处不满足柯西—黎
曼方程,因而函数处处不可导,处处不解析。
3.当,,l m n 取何值时
3232()()f z my nx y i x lxy =+++在复平面
上处处解析
解:3232, u my nx y v x lxy =+=+
22222, 2, 3, 3x y y x u nxy v lxy u my nx v x ly ===+=+,
由柯西—黎曼方程得:
2
2
2
2
2 2, (1) 3
3 (2)
x y y x u nxy v lxy u my nx v x ly ====+=-=--
由(1)得 n l =,由(2)得3, 3n m l =-=-,因而,最终有
1, 3m n l ===-
4.证明:若()f z 解析,则有 222
(
())(())()f z f z f z x y
??'+=?? 证明:由柯西—黎曼方程知,左
端
2
2
=+
22
2222()()x x x x uu vv uu vv uv vu u v +++-=+=+ 22222
22
()()()x x x x x x u u v v u v u v u v +++==++2x x u iv =+ 2
()f z '==右端,证毕。
5.证明:若
()f z u iv =+在区域D 内解析,且满足下列条件之一,则()f z 在D 内一定为常数。
(1)()f z 在D 内解析 , (2)u 在D 内为常数,
(3)()f z 在D 内为常数, (4)2v u = (5)
231u v +=
证明:关键证明,u v 的一阶偏导数皆为0!
(1)()f z u iv =-,因其解析,故此由柯西—黎曼方程得 , x y y x u v u v =-= ------------------------(1) 而由
()f z 的解析性,又有, x y y x u v u v ==-
------------------------(2)
由(1)、(2)知,0x y x y u u v v ===≡,因此12, ,u c v c ≡≡即 12()f z c ic ≡+为常数
(2)设1u c ≡,那么由柯西—黎曼方程得
0, 0x y y x v u v u =-≡=≡, 说明v 与,x y 无关,因而 2v c ≡,从而12()f z c ic ≡+为常数。
(3)由已知,2
220()f z u v c =+≡为常数,等式两端分别对,x y 求偏导数,得
220220
x x y y uu vv uu vv +=+=----------------------------(1)
因
()f z 解析,所以又
有
, x y y x u v u v ==--------------------------(2)
求解方程组(1)、(2),得 0x y x y u u v v ===≡,说明 ,u v 皆与,x y 无关,因而为常数,从而()f z 也为常数。 (4)同理,2v u =两端分别对,x y 求偏导数,得
2, 2x x y y v uu v uu ==
再联立柯西—黎曼方程, x y y x u v u v ==-,仍有
0x y x y u u v v ===≡
(5)同前面一样,231u v +=两端分别对,x y 求偏导数,得
2+30, 2+30x x y y u v u v ==
考虑到柯西—黎曼方程, x y y x u v u v ==-,仍有 0x y x y u u v v ===≡,证毕。
6.计算下列各值(若是对数还需求出主值)
(1)2i
e
π
- (2)
()Ln i - (3)(34)Ln i -+
(4)sin i (5)(1)i i + (6)23
27
解:(1)2
cos()sin()22
i
e
i i π
ππ
-=-+-=-
(2)1
()ln arg()2(2)2
Ln i i i k i k i ππ-=-+-+=-+,
k 为任意整数,
主值为:1
()2
ln i i π-=-
(3)(34)ln 34arg(34)2Ln i i i k i π-+=-++-++
4
ln5(arctan 2)3k i ππ=+-+, k 为任意整数
主值为:4
ln(34)ln5(arctan )3
i i π-+=+-
(4)..1
sin 22
i i i i e e e e i i i ----==
(5)(2)
2(1)4
4
(1)i i k i k i iLn i i e e e
π
π
ππ
++--++===
24
(cosln sin k e i π
π--=+, k 为任意整数
(6)2
2
2
244
27(272)273
3
3
33
3
279Ln ln k i ln k i k i e
e e
e e
πππ+====,
当k 分别取0,1,2时得到3个值: 9
,
43
9
9(1)
2
i e
π=-+,
83
9
9(1)2
i e
π=-+ 7.求
2z e 和2
z Arge
解:2
222z x y xyi
e e -+=,因此根据指数函数的定义,有
2
z e 22
x y e
-=, 2
22z Arge xy k π=+,(k 为任意整
数)
8.设i z
re θ=,求Re[(1)]Ln z -
解:(1)ln 1[arg(1)2]Ln z z i z k i π-=-+-+,因此
Re[(1)]Ln z
-ln 1ln z =-= 2
1ln(12cos )2
r r θ=-+
9.解下列方程:
(1
)1z e =+ (2)ln 2
z i π
=
(3)sin cos 0z z += (4)shz i =
解:(1
)方程两端取对数得:1
(1)ln 2(2)3
z Ln k i π=+=++
(k 为任意整数)
(2)根据对数与指数的关系,应有
2
cos
sin
2
2
i
z e
i i π
π
π
==+=
(3)由三角函数公式(同实三角函数一样),方程可变形为
sin cos )04z z z π
+=+=
因此,4
z k π
π+= 即 4
z k π
π=-
, k 为任意
整数
(4)由双曲函数的定义得 2
z z
e e shz i --=
=,解得 2()210z z e ie --=,即z e i =,所以 (
2)2
z Lni k i π
π==+ ,k 为任意整数
10.证明罗比塔法则:若()f z 及()g z 在0z 点解析,且
000()()0, ()0f z g z g z '==≠,则0
00()
()lim
()()
z z f z f z g z g z →'=',并由此求极限 00sin 1
lim ; lim z z z z e z z
→→-
证明:由商的极限运算法则及导数定义知
000000000000
()()()()
lim ()
lim lim ()()()()()lim z z z z z z z z f z f z f z f z z z z z f z g z g z g z g z g z z z z z →→→→----==----00()()
f z
g z '=', 由此,00sin cos lim lim 11z z z z
z →→==
0001 lim lim 11z z
z z e e e z
→→-===
11.用对数计算公式直接验证:
(1)2
2Lnz Lnz ≠ (2
)1
2
Lnz =
解:记i z re θ=,则
(1)左端22()2ln (22)i Ln r e r k i θθπ==++,
右端2[ln (2)]2ln (24)r m i r m i θπθπ=++=++, 其中的,k m 为任意整数。
显然,左端所包含的元素比右端的要多(如左端在1k =时的值为
2ln (22)r i θπ++,而右端却取不到这一值),因此两端不相等。
(2
)左端22
1]ln (2)22
m i
Ln r m k i θπ
θ
ππ+==+++
右端11[ln (2)]ln ()222
r n i r n i θ
θππ=++=++
其中,k n 为任意整数,而 0,1m =
不难看出,对于左端任意的k ,右端n 取2k 或21k +时与其