第11章习题解析
第11章化学键与分子结构
11.1内容提要
本章以晶体类型为主线介绍了化学键与分子结构。组成晶体的粒子可以是原子（原子晶体）、离子（离子晶体）、原子与离子（金属晶体）和分子（分子晶体）。粒子之间的作用力不同，导致了晶体性质的巨大差别。原子间的相互作用力称之为化学键，而原子在空间的排布方式就是分子结构。化学键、分子结构和化合物的性质是互相联系的。本章的学习重点是离子键、共价键理论、分子的空间构型和分子间力，以及它们对化合物性质的影响。
1．离子晶体
化合物中正负离子之间由静电引力所形成的化学键是离子键，由离子键形成的化合物叫离子化合物，离子化合物存在的形式是离子晶体。
（1）晶体构型
决定晶体构型的主要因素是半径比和离子的电子构型。
r r+-= 0.225 ~0.414），NaCl（面心立方晶格，ZnS型（面心立方晶格，配位比4:4，/
r r+-= 0.414 ~ 0.732），CsCl型（简单立方晶格，配位比8:8，/r r+-= 0.732 配位比6:6，/
~ 1.0）。
离子的外层电子构型可分为5种：2电子型、8电子型、18电子型、18+2电子型和9~17电子型；其中8电子型的离子形成的离子键较强，晶格能较大，2电子型离子的极化力很强，18电子型、18+2电子型和9~17电子型离子的极化力和变形性都较大，可能导致正负离子的半径比发生变化。
（2）晶格能
ΔH。
晶格能的定义：m M n＋(g) + n X m－(g)= M m X n (s) U = -θ
r m
晶格能U本身的数值是难以用实验直接测量的，一般都是用热力学的方法通过盖斯定律来求算。其中最为著名的就是玻恩－哈伯循环。
（3）离子极化
使其它离子产生诱导偶极的作用称为离子的极化作用。主要注意阳离子的极化力与阴离子的变形性，以及对化合物性质的影响。离子的正电荷越高，半径越小，极化作用越强。当离子半径相近、电荷相同时价层电子构型的影响为：18+2、18> 9~17 > 8电子型。有时也要考虑大阴离子对18、18+2和9~17电子型阳离子的附加极化。极化力和变形性都较大时将发生离子型向共价型的转变。
2．原子晶体与分子晶体
原子相互间通过共价键结合形成的晶体为原子晶体，这类晶体中不存在独立的小分子，没有确定的相对分子量。晶体多大，分子就多大。
共价小分子通过分子间作用力（包括氢键）结合而形成的晶体为分子晶体。
本章的重点内容是用共价键理论描述共价小分子的结构和性质。共价键的方向性和饱和
性，须从原子中电子运动状态的描述入手，利用原子轨道最大重叠原理予以说明。化学键的性质，可通过称为键参数的某些物理量来表征，如键长、键角、键能、键级、键矩。可通过杂化轨道理论和价层电子对互斥理论描述共价小分子的空间构型。对分子的整体性质（例如O 2分子的顺磁性，分子离子的稳定存在等），则需通过分子轨道理论来认识。分子轨道是由原子轨道线性组合而成的，分子轨道波函数也是薛定谔方程的解。
（1）价键理论
价键理论认为两原子间形成共价键的原因是原子轨道重叠，重叠越多，共价键越牢。每
一个成键原子能提供的成键轨道是有限的，因此共价键具有“饱和”性。成键轨道只有选择固定的重叠方位才能满足最大重叠原理，共价键也具有方向性。而且只有原子轨道同号部分相叠加才能形成稳定的共价键（即对称性匹配）。
原子轨道以“头碰头”的形式重叠，称为σ键，以“肩并肩”的形式重叠，称为π键，
包括三个或三个以上原子的 π 键称为大 π 键, 又称为离域 π 键。大 π 键表示为 πm n 。
例如，CO 2分子的构型为直线形，分子中含有2个σ 键和2个43π键；NO 2分子的构型为折线形，
分子中的大π 键介于π3
3与π43之间，NO 2分子采取一种共振模式；C 6H 6分子的空间构型为平
面六角形，形成1个π66；富勒烯C 60中有1个π6060。
由成键原子中一方单独提供共用电子对双方共享时，称为配位键。
（2）杂化轨道理论
原子在成键时能量相似的原子轨道可以“混合”再重新形成轨道，即杂化轨道。轨道杂
化前后数目相等，但形状和伸展方向发生了改变，成键能力更强。杂化方式确定了分子构型。杂化轨道可分为等性杂化和不等性杂化。
（3） 价层电子对互斥理论
价层电子对包括成键电子对和孤电子对，也包括未成键的单电子。由于相互排斥作用，价层电子对趋向尽可能远离，使斥力最小。排斥力大小的顺序为：孤对孤＞孤对成＞成对成。价层电子对的排布方式确定了分子的空间构型。
价层电子对数 = 12
（中心原子价电子数+配位原子提供的价电子数±离子电荷数） （4） 分子轨道理论
应掌握第一、第二周期同核双原子分子及CO 、NO 的分子轨道排布式。CO 与N 2为等
电子体，分子轨道能级顺序与N 2相同；NO 分子轨道能级顺序与O 2相同。
N 2 [KK 2*
22222s 2s 2py 2pz 2px ()()()()()σσππσ]
O 2 [KK 2*
2222*1*12s 2s 2px 2py 2pz 2py 2pz ()()()()()()()σσσππππ]
分子轨道理论的应用主要体现在：通过键级推测分子的存在、阐明分子的结构、并描述
分子的结构稳定性；通过单电子数预言分子的顺磁性或反磁性，并求出磁矩。
（5）分子间力和氢键与物性的关系
除化学键以外的基团间、分子间的相互作用总称分子间力（范德华力），分子间力可分为取向力、诱导力和色散力。其中色散力占的比重最大。分子间作用力属于电性引力，无方向性和饱和性，是一种短程引力。分子型晶体一般具有较低的熔点、沸点和较小的硬度。化学键的强度主要影响化学性质，而分子间力的大小主要影响其物理性质。
氢键是一种特殊的分子间力，一般出现在F、O、N等与H之间。它对物质的溶解度、熔沸点、溶液的密度、粘度等物性影响很大。
3．金属晶体
与上述晶体相比，金属晶体结构最简单，可视为等径园球密堆集成相应的晶体结构。需了解三种紧密堆积所形成的三种晶格结构，金属能带理论及应用该理论对金属导电性与其它特性做出的解释。
11.2思考题与习题解答
11.2.1思考题
1．金属阳离子有几种电子构型？阳离子的极化作用与电子构型的关系如何？
解：略。。
2．简要说明离子特征对离子极化力和变形性的影响。
解：（1）离子特征对离子极化力的影响
离子的电荷：在离子半径相近、外层电子构型相同的条件下，离子的正电荷越多，极化力越大；离子的半径：阳离子的半径越小，极化力越大；离子的电子构型：其极化作用大小的顺序为：18、18+2电子型＞9～17电子型＞8电子型。复杂离子的极化力相对较小。
（2）离子特征对离子变形性的影响
离子的电荷：在离子半径相近、离子外层电子构型相同的条件下，离子的正电荷越少、负电荷越多，变形性越大；离子的半径：离子的半径越大，变形性越大；离子的电子构型：18和18+2电子型及9-17电子型的离子比8电子型的离子变形性要大。
主要考虑阳离子的极化力和阴离子的变形性。有时考虑非8电子型阳离子的变形性。3．以银的卤化物AgX为例说明离子的相互极化作用对物质颜色、水溶性、热稳定性的影响。解：Ag+为18电子型阳离子，极化作用较强，卤素阴离子的半径越大，变形性越大，相互极化作用越强。故有相互极化作用的强弱顺序：AgF＜AgCl＜AgBr＜AgI 化合物颜色依次渐深；水溶性依次减小；热稳性依次降低。
4．原子轨道重叠形成共价键必须满足哪些原则？σ键和π键有何区别？
解：含有成单电子的原子轨道发生最大重叠才可以形成稳定的共价键。
原子轨道最大重叠有两个条件，即对称性匹配和重叠方向合适。即原子轨道重叠时只有符号相同的部分叠加，而只有按一定的重叠方向，原子轨道才能达到最大程度的重叠。
σ键与π键的区别：（1）原子轨道重叠部分对称性不同，σ键沿键轴呈圆柱形对称，而π键对键轴平面呈镜面反对称；（2）原子轨道重叠程度不同，σ键中原子轨道以“头碰头”的形式重叠，重叠程度较大，而π键中原子轨道以“肩并肩”方式重叠，重叠程度较小；（3）键
能不同，一般来说σ键键能大、稳定性高，π键键能小、化学活性高。
5．指出下列各分子中C 原子采取的杂化轨道类型。
C 2H 2、C 2H 4、C 2H 6、CH 2O 、CH 3OH 、HCOOH 、C 6H 6、C 60、金刚石、石墨
解：C 2H 2：sp 杂化 C 2H 4：sp 2杂化 C 2H 6：sp 3杂化 CH 2O ：sp 2杂化
CH 3OH ：sp 3杂化 HCOOH ：sp 2杂化 C 6H 6：sp 2杂化 C 60：sp 2杂化
金刚石：sp 3杂化 石墨：sp 2杂化
6．简述分子轨道理论的基本论点。
解：略。
7．写出第二周期所有元素同核双原子分子的分子轨道表示式，并判断分子的稳定性和磁性高低。
解：Li 2：2s 22*s 12s 1)()( )(σσσ 键级为1，较为稳定；无成单电子，磁矩为0。
Be 2：2*s 22s 22*s 12s 1)()()( )(σσσσ 键级为0，不稳定，不形成双原子分子。
B 2：1pz 21py 22*s 22s 22*s 12s 1)()()()()( )(ππσσσσ 键级为1，
较稳定；有两个单电子顺磁性较强。 C 2：2pz 22py 22*s 22s 22*s 12s 1)()()()()( )(ππσσσσ 键级为2，较稳定；无单电子，磁矩为0。
N 2：2p 22p 22p 22*s 22s 22*s 12s 1)()()()()()( )(x z y σππσσσσ 键级为3，很稳定；无单电子，磁矩
为0。
O 2：1*p 21*p 22p 22p 22p 22*s 22s 22*s 12s 1)()()()()()()()( )(z y z y x ππππσσσσσ 键级为2，很稳定；有
两个单电子，顺磁性较强。
F 2：2*p 22*p 22p 22p 22p 22*s 22s 22*s 12s 1)()()()()()()()( )(z y z y x ππππσσσσσ 键级为1，较稳定；无
单电子，磁矩为0。
Ne 2：2*p 22*p 22*p 22p 22p 22p 22*s 22s 22*s 12s 1)()()()()()()()()( )(x z y z y x σππππσσσσσ 键级为0，
不稳定，不形成双原子分子。
8．简要说明大π 键的成键条件。
解：略。
9．简要说明分子间作用力的类型和存在范围。
解：略。
10．简要说明氢键的形成条件、类型以及对物质性质的影响。
解：略。
类型：（1）分子内氢键 （2）分子间氢键
对物质性质的影响：（1）分子间氢键的形成使物质的熔、沸点升高；分子内氢键的形成
使其降低。（2）在极性溶剂中，如果溶质分子与溶剂分子间能形成氢键，则溶质的溶解度增大。分子内氢键的形成使物质在极性溶剂（如水）中的溶解度减小。氢键的形成对物质的密度、分子构型和酸碱性也有影响。
11．试用金属键的改性共价键理论解释金属的光泽、导电性、导热性和延展性。
解：略。
12．试用金属键的能带理论解释导体、半导体和绝缘体的存在。
解：略。
13．下列说法正确与否？举例说明其原因。
（1）非极性分子只含非极性共价键；
（2）极性分子只含极性共价键；
（3）离子型化合物中不可能含有共价键；
（4）全由共价键结合形成的化合物只能形成分子晶体；
（5）同温同压下，相对分子质量越大，分子间的作用力越大；
（6）色散力只存在于非极性分子之间；
（7）σ键比π键的键能大；
（8）共价型的氢化物之间可以形成氢键。
解：（1）错。分子是否有极性不只是由化学键的极性来决定的，如CCl4，虽然C－Cl键为极性键，由于分子是正四面体型，4个C－Cl键的偶极互相抵消，分子为非极性的。
（2）错。极性分子中可能含月非极性共价键，如H2O2，CrO5都为极性分子，但分子中的过氧键的二个氧间形成的是非极性共价键。
（3）错。许多离子晶体中的阴离子为复杂阴离子，如KClO4，K+与ClO4－以离子键结合，阴离子中Cl－O以共价键结合。
（4）错。金刚石和石英是典型的原子晶体，不是分子晶体。
（5）错。分子间作用力即范德华力，包括取向力、诱导力、色散力与氢键，除氢键外一般色散力最大。一般来说，分子半径越大，产生的瞬时偶极越大，但判断分子间力的大小时，要充分考虑到分子的极性、氢键等相互作用。不能由相对分子质量的大小做判据。
（6）错。色散力是瞬间偶极之间的相互作用力。色散力存在于一切分子之间。
（7）错。一般来说σ键比π键稳定，σ键比π键键能大，但这不是绝对的，有的分子中，σ键键能比π键键能小。如N2分子中，π2p键能比σ2p大。
（8）错。如在HBr、HI、H2S、PH3、CH4、BH3等共价氢化物中均没有氢键。
14．下列说法中哪些是不正确的？请说明理由。
（1）sp2杂化轨道是由某个原子的ls轨道和2p轨道混合形成的。
（2）中心原子中的几个原子轨道杂化时必定形成数目相同的杂化轨道
（3）在CCl4、CHCl3和CH2Cl2分子中，碳原子都采用sp3杂化，因此这些分子都是正四面体形。
（4）原子在基态时没有未成对电子，就一定不能形成共价键。
解：（1）错。sp2杂化轨道是由某个原子的n s轨道和两个n p轨道混合形成的。
（2）正确。
（3）错。CCl4分子呈正面体，而CHCl3和CH2Cl2分子呈变形四面体。
（4）错。原子在基态时的成对电子，受激发后有可能拆开参与形成共价键。
11.2.2 习题
1．用Born－Harber循环计算氯化钾的晶格能。相关数据如下：
K(s) → K(g) ?H1＝90.0 kJ·mol-1
Cl2 (g) → 2 Cl(g) ?H2＝241.8 kJ·mol-1
K(g) → K ＋
(g) + e ?H 3＝ 425 kJ·mol -1 Cl (g) + e → Cl －
(g) ?H 4＝ - 349 kJ·mol -1 K (s) + 1/2 Cl 2 (g) → KCl (s) ?H 5＝ - 435.8 kJ·mol -1
解：根据已知数据，设计玻恩－哈伯循环如图
ΔH 5 = ΔH 1 + ΔH 2/2 + ΔH 3 + ΔH 4 + ΔH 6
ΔH 6 = - 90.0 - 241.8/2 - 425 -（-349）- 435.8 = -722.7 (kJ·mol -1
) 晶格能 U = 722.7 kJ·mol -1
2．已知：NaF 晶体的晶格能为894 kJ·mol -1，Na 原子的电离能为494 kJ·mol -1，金属钠的升华热为101 kJ·mol -1，F 2分子的离解能为160 kJ·mol -1，NaF 的标准摩尔生成焓为 -571 kJ·mol -1，试通过Born -Harber 循环计算元素F 的电子亲合能。
解：根据已知数据，设计玻恩－哈伯循环：
ΔH 1 = S = 101 kJ·mol -1
ΔH 2 = D /2 = 80 kJ·mol -1
ΔH 3 = I 1 = 494 kJ·mol -1
ΔH 4 = -E
ΔH 5 = -U = -894 kJ·mol -1
ΔH 6 = r m H q D (NaF,s) = -571 kJ·mol -1 依盖斯定律：
ΔH 6 = ΔH 1 +ΔH 2 +ΔH 3 +ΔH 4 +ΔH 5
ΔH 4 = ΔH 6 - ΔH 1 -ΔH 2 -ΔH 3 -ΔH 5 = - 571-101-80-494- (-894) = -352 (kJ·mol -1
) F 的电子亲合能为：E = -ΔH 4 = 352 kJ·mol -1
3．写出下列离子的核外电子排布，并指出属于哪一种离子构型。
Mg 2＋ Cl - Al 3＋ Fe 2＋ Bi 3＋ Cd 2＋ Mn 2＋ Hg 2＋ Sn 2＋ Cu ＋ I - Li ＋ S 2-
解：Mg 2＋：1s 2 2s 2 2p 6 , 8电子型； Cl －
：1s 2 2s 2 2p 6 3s 2 3p 6, 8电子型；
Al3＋：1s2 2s2 2p6 , 8电子型；Fe2＋：[Ar]3d6 , 9-17电子型；
Bi3＋：[Xe]4f14 5d10 6s2, 18+2电子型；Cd2＋：[Kr]4d10, 18电子型；
Mn2＋：[Ar]3d5, 9-17电子型；Hg2＋：[Xe]4f14 5d10, 18电子型；
Sn2＋：[Kr]4d10 5s2 , 18+2电子型；Cu＋：[Ar]3d10 , 18电子型；
I－：[Kr]4d10 5s2 5p6 , 8电子型；Li＋：1s2 , 2电子型；
S2－：1s2 2s2 2p6 3s2 3p6, 8电子型。
4．试比较下列各种物质晶格能的大小并作简单说明。
（1）MgO 与KCl （2）MgO 与SrS （3）NaF，NaCl 与NaBr
解：（1）MgO与KCl：Mg2+与O2-电荷高，且MgO的核间距小。MgO的晶格能高。
（2）MgO与SrS：电荷相同，但MgO的核间距小。MgO的晶格能高。
（3）NaF, NaCl与NaBr：阳离子相同，负电荷相同，但r (F- ) < r (Cl-) < r (Br-), 因而U NaF > U NaCl > U NaBr。
5．用离子极化理论说明下列各组氯化物的熔点、沸点高低。
（1）MgCl2和SnCl4；（2）ZnCl2和CaCl2；（3）FeCl3和FeCl2；（4）MnCl2和TiCl4
解：（1）MgCl2＞SnCl4。Sn4+ 极化能力比Mg2+ 强得多。SnCl4为共价化合物。
（2）ZnCl2＜CaCl2。Zn与Ca为同一周期，离子半径Zn2+＜Ca2+，且Zn2+ 为18电子构型，Zn2+ 极化能力比Ca2+ 强。ZnCl2的共价成份比CaCl2多，ZnCl2的熔点低于CaCl2。
（3）FeCl3＜FeCl2。Fe3+电荷高，半径小，极化能力强，FeCl3比FeCl2共价成份多。
（4）MnCl2＞TiCl4。Ti4+电荷高，半径小，极化能力强，TiCl4比MnCl2共价成份多。6．试用杂化轨道理论解释下列分子的成键情况与空间构型。
BeCl2、BF3、SiCl4、PCl5、SF6
解：（1）BeCl2中心原子Be采取sp等性杂化与两个Cl原子形成两个σ键，BeCl2为直线形。
（2）BF3中心原子B采取sp2等性杂化与三个F原子形成三个σ键，BF3为平面三角形。
（3）SiCl4中心原子Si采取sp3等性杂化与四个Cl原子形成四个σ键，SiCl4为正四面体。
（4）PCl5中心原子P采取sp3d等性杂化与五个Cl原子形成五个σ键，PCl5为三角双锥。
（5）SF6中心原子S采取sp3d2等性杂化与六个F原子形成六个σ键，SF6为正八面体。7．用不等性杂化轨道理论解释下列分子的成键情况和空间构型,并判断是否为极性分子。
PCl3、H2O、NH3、OF2
解：（1）PCl3：中心原子P采取不等性sp3杂化，其中三个sp3杂化轨道与三个Cl原子形成三个σ键，有一对孤对电子占有另一条sp3杂化轨道，分子为三角锥形。极性分子。
（2）H2O：中心原子O采取不等性sp3杂化，其中两个含成单电子的杂化轨道分别与两个H原子的1s轨道重叠形成两个σ键，另两个轨道分别被两对孤对电子占据。H2O的空间构型为“V”形。极性分子。
（3）NH3：中心原子N采取不等性sp3杂化，除形成3个σ键外，另一个杂化轨道被孤对电子占用。只有1对孤对电子，NH3分子的空间构型为三角锥形。极性分子。
（4）OF2：与H2O分子类似，空间构型为“V”形。极性分子。
8．试用杂化轨道理论判断下列各物质是以何种杂化轨道成键，并说明各分子的形状及是否有极性。PH3 , CH4 , NF3 , BBr3, SiH4
解：
物质
杂化类型 分子形状 有否极性 PH 3
不等性sp 3杂化 三角锥形 有极性 CH 4
等性sp 3杂化 正四面体 无极性 NF 3
不等性sp 3杂化 三角锥形 有极性 BBr 3
等性sp 2杂化 平面三角形 无极性 SiH 4 等性sp 3杂化 正四面体 无极性
9．下列分子中，哪个键角最小？
HgCl 2 BF 3 CH 4 NH 3 H 2O
解：H 2O 分子的键角最小。HgCl 2分子中, Hg 以sp 杂化轨道与Cl 成键，键角180°，BF 3中键角为120°; CH 4中键角为109°28′；NH 3与H 2O 分子中心原子也以sp 3杂化轨道成键，但NH 3中有一对孤对电子，键角为107°，而H 2O 有两对孤对电子，键角为104.5°。
10．根据价层电子对互斥理论判断ClO -, ClO 2-, ClO 3-, ClO 4-的几何构型。
解: 离子 价层电子对数 成键电子对数 孤电子对数 几何构型
ClO - 4 1 3 直线型
ClO 2- 4 2 2 V 型
ClO 3- 4 3 1 三角锥形
ClO 4- 4 4 0 正四面体
11．用价层电子对互斥理论推测下列离子或分子的几何构型。
PbCl 2 NF 3 PH 4+ BrF 5 24SO - 3NO - XeF 4 CHCl 3
解：
分子或离子 价层电子对数 成键电子对数 孤电子对数
几何构型 PbCl 2
3 2 1 V 型 NF 3
4 3 1 三角锥形 PH 4+
4 4 0 正四面体 BrF 5
6 5 1 正四棱锥形 24SO -
4 4 0 正四面体 3NO - 3 3 0 平面正三角形
XeF 4 6 4 2 四方形
CHCl 3
4 4 0 四面体 12．根据价层电子对互斥理论，判断CO 2、NO 2、SO 3分子的空间构型，推断中心原子可能
采取的杂化轨道类型。画出其价键结构示意图，说明其中形成的大π键。
解： CO 2 NO 2 SO 3
两个43π
43π 33π 64π
sp 杂化，直线型 sp 2 杂化，V 型 sp 2 杂化，
平面三角形
13．写出O 2、O 2-、O 2
2-、O 2＋
、O 22+的分子轨道表示式，比较它们的稳定性和磁性高低。 解：
O 2：1*21*22222222*2222*121)()()()()()()()( )(z y z
y x p p p p p s s s s ππππσσσσσ 键级为2；有两个单电子 O 2-：1*22*22222222*2222*121)()()()()()()()( )(z y z
y x p p p p p s s s s ππππσσσσσ 键级为1.5；有一个单电子 O 22-：2*22*22222222*2222*121)()()()()()()()( )(z y z y x p p p p p s s s s ππππσσσσσ 键级为1；无单电子
O 2＋
：1*22222222*2222*121)()()()()()()( )(y z y x p p p p s s s s πππσσσσσ 键级为2.5；有一个单电子 O 2
2+：2z p 22y p 22x p 22*s 22s 22*s 12s 1)()()()()()( )(ππσσσσσ 键级为3；无单电子
稳定性高低顺序：O 22－＜O 2-＜O 2＜O 2＋
＜O 2
2+ 磁性高低顺序：O 2
2-～O 22+ ( μ = 0 ) ＜O 2-～O 2＋
( μ = 1.73 ) ＜O 2 ( μ = 2.83 ) 14．应用同核双原子分子轨道能级图，从理论上推断下列分子是否可能存在？并指出它们各 自成键的名称和数目，写出价键结构式或分子结构式。
H 2+ He 2+ C 2 Be 2 B 2 N 2+ O 2+ 或离
子
分子轨道表示式 和数目 式或分子结构式 存在 H 2+
(σls )1 1个单电子σ键 [H·H]+ 能 He 2+
(σls )2(σ*ls )1 1个叁电子σ键 [He ┇He]+ 能 C 2
KK (σ2s )2(σ*2s )2(π2py )2(π2pz )2 2个π键 C C ..... 能 Be 2
KK (σ2s )2(σ*2s )2 不成键 不能 B 2
KK (σ2s )2(σ*2s )2(π2py )1(π2pz )1 2个单电子π键 ... 能 N 2+
KK (σ2s )2(σ*2s )2(π2py )2(π2pz )2(σ2px )1 2个π键 1个单电子σ键 N N ...... 能 O 2+ KK (σ2s )2(σ*2s )2(σ2px )2(π2py )2(π2pz )2(π*2px )1 1个π键
1个叁电子π键
1个σ键 O O ....... 能
15．根据分子轨道理论说明：
（1）He 2分子不存在；（2）N 2分子很稳定；（3）O 2-具有顺磁性。
解：（1）He 2的分子轨道表示式为 (σls)2 (σ*ls)2, 净成键电子数为0，所以He 2分子不存在；
（2）N 2的分子轨道表示式为(σls)2 (σ*ls)2 (σ2s)2 (σ*2s)2 (π2p y )2 (π2p z )2 (σ2p x )2, 形成一个σ键两个π键，所以N 2分子很稳定，并且电子均已配对，具有反磁性；
（3）O 2-
的分子轨道表示式为(σls)2 (σ*ls)2 (σ2s)2 (σ*2s)2 (σ2p x )2 (π2p y )2 (π2p z )2 (π*2p y )2 (π*2p z )1, 形成一个叁电子π键，有一个单电子，所以O 2-
具有顺磁性，μ = 1.73 B.M 。 16．根据键的极性和分子的几何构型，判断下列哪些分子是极性分子？哪些分子是非极性分
子？
Ne Br2HF NO H2S CS2CHCl3CCl4BF3NF3
解：非极性分子：Ne Br2CS2（极性键, 直线形分子）CCl4（极性键, 正四面体形分子）BF3（极性键, 正三角形分子）；
极性分子: HF NO H2S（极性键, 角形分子）CHCl3（极性键, 四面体形分子）NF3（极性键, 三角锥形分子）。.
17．判断下列各组物质中不同物质分子之间存在哪种分子间力。
（1）苯和四氯化碳（2）氦气和水（3）硫化氢和水
解：（1）色散力；
（2）色散力、诱导力
（3）色散力、诱导力、取向力。
18．判断下列各组物质间存在什么形式的分子间作用力。
（1）硫化氢气体；（2）甲烷气体；（3）氯仿气体；（4）氨水；（5）溴水。
解：（1）H2S分子间：取向力、诱导力、色散力；
（2）CH4分子间：色散力；
（3）氯仿气体分子间：取向力、诱导力、色散力；
（4）氨分子与水分子间：取向力、诱导力、色散力、氢键；
（5）溴与水分子间：色散力、诱导力。
19．判断下列物质哪些存在氢键，如果有氢键形成请说明氢键的类型。
C2H5OC2H5HF H2O H3BO3HBr H2S CH3OH 邻硝基苯酚
解：C2H5OC2H5：不能形成氢键；HF：分子间氢键；H2O：分子间氢键；
H3BO3：分子间氢键；HBr：无氢键；H2S ：无氢键；
CH3OH：分子间氢键；邻硝基苯酚：分子内氢键
20．解释下列事实：
（1）沸点HF > HI > HCl，BiH3 > NH3 > PH3；
（2）熔点BeO > LiF；
（3）SiCl4比CCl4易水解；
（4）金刚石比石墨硬度大。
解：（1）分子大小HI＞HCl＞HF，色散力HI＞HCl＞HF；但HF分子间形成最强的氢键，结果使HF沸点高于HI。但在氮族元素的氢化物中，NH3分子间氢键较弱，沸点顺序不是NH3＞BiH3＞PH3，而是BiH3＞NH3＞PH3。
（2）BeO和LiF都是离子型晶体，Be2+、O2-电荷高，半径小，BeO晶格能大，熔点高。
（3）在SiCl4分子中，中心原子Si有3d空轨道可接受水分子中O所提供的电子对，因而SiCl4易水解。而在CCl4分子中，中心原子C无价层空轨道，不能接受水分子中O原子提供的电子对，因此CCl4不易水解。
（4）金刚石是典型的原子晶体，每个碳原子都以sp3杂化轨道与四个碳原子形成共价单键，四面体分布的碳原子的杂化轨道通过共顶点连接方式形成三维空间骨架，因此，金刚石硬度大。石墨属层状晶体，层与层之间以分子间力相结合，距离较大，层与层之间容易发生
滑动，造成石墨晶体较软。
21．试指出下列各组晶体熔点由高至低的次序，指出各种晶体所属的晶体类型。
（1）CsCl, Au, CO 2 , HCl ；（2）MgCl 2, SiC, HF, W ；（3）NaCl, N 2 , NH 3 , Si
解：（1）CsCl Au CO 2 HCl
离子晶体 金属晶体 分子晶体 分子晶体
熔点高低顺序： Au ＞ CsCl ＞ HCl ＞ CO 2
（2）MgCl 2 SiC HF W
离子晶体 原子晶体 分子晶体 金属晶体
熔点高低顺序：W ＞ SiC ＞ MgCl 2 ＞ HF
（3）NaCl N 2 NH 3 Si
离子晶体 分子晶体 分子晶体 原子晶体
（非极性） （极性）
熔点高低顺序： Si ＞ NaCl ＞ NH 3 ＞ N 2
22．要使BaF 2、F 2、Ba 、Si 晶体熔融，需分别克服什么作用力？
解：BaF 2属离子晶体，熔融时需克服静电引力。
F 2属双原子分子晶体，熔融时需克服分子间的色散力。
Ba 属金属晶体，熔融时需克服金属键力。
Si 属原子晶体，熔融时需克服非极性共价键力。
11.3 综合提高与考研链接题
11.3.1 选择题
1．下列各组两物质沸点高低顺序判断正确的是（ ）。(2006年某校无机化学考研真题)
A ．NH 3＜pH 3
B ．ICl ＞Br 2
C ．PH 3 ＞SbH 3
D ．H 2O ＜H 2S
2．下列分子或离子中中心原子采取不等性杂化的是（ ）。(2005年某校无机化学考研真题)
A ．4NH +
B ．4BI -
C ．BCl 3
D ．NCl 3
3．下列分子或离子具有反磁性的是（ ）。(2006年某校无机化学考研真题)
A ．
B 2 B ．O 2
C ．2O +
D ．O 3
4．56IO -中的I 是采用何种形式杂化（ ）
。（2005年某校无机化学考研真题） A ．32sp d B ．23d sp C ．3sp d D ．3dsp
5．硼酸晶体是靠何种作用力形成的（ ）。（2005年某校无机化学考研真题）
A ．氢键、范德华力
B ．共价键
C ．离子键
D ．离子键和共价键
6．根据分子轨道理论判断，N 2分子的最低空轨道是（ ）。(2004年某校无机化学考研真题)
A ．2p s
B ．2p *
p C ．2p p D ．2p *s
7．在CH 2-CH=CH-Br 分子中，C-Br 间键合所用的轨道是（ ）。
A ．sp-p
B ．sp 2-s
C ．sp 2-p
D ．sp 3-p
8．下列杂化轨道中可能存在的是（ ）。
A ．n =1的sp
B ．n =2的sp 3
C ．n =3的sd
D ．2s 和3p 形成的sp
9．根据价层电子对互斥理论，2-3SO 的空间构型为（ ）。
A ．平面三角形
B ．V 形
C ．正四面体
D ．三角锥
10．根据价层电子对互斥理论，H 3O +的空间构型为（ ）。
A ．平面三角形
B ．V 形
C ．正四面体
D ．三角锥
11．根据价层电子对互斥理论，-3I 的空间构型为（ ）。
A ．平面三角形
B ．V 形
C ．直线型
D ．三角锥
12．下列对分子H-C N o的描述，正确的是（ ）。
A ．V 形，极性分子
B ．直线型，非极性分子
C ．V 形，非极性分子
D ．直线型，极性分子
13．CFH 3分子间力为（ ）。
A ．范德华力、氢键
B ．范德华力
C ．氢键
D ．取向力、诱导力 11.3.2 填空与问答题
1．Ag + 的半径为126 pm , I -
的半径为216 pm, 按“半径比规则”，AgI 应具有 型晶格，正负离子的相互配位数应为 ，但实际上具有 晶格，配位数为 ，原因是 。
2．（1）MgO 的硬度比LiF 的 ，因为 ；
（2）NH 3的沸点比PH 3的 ，因为 ；
（3）FeCl 3的熔点比FeCl 2的 ，因为 ；
（4）HgS 的颜色比ZnS 的 ，因为 ；
（5）AgF 的溶解度比AgCl 的 ，因为 ；
3．Na + (g) + Cl - (g) = NaCl (s) θr m ΔH = -786.5 kJ·mol －
1，所表示的能量变化称为 能， NaCl (g) = Na (g) + Cl (g) θr m ΔH = 398 kJ ?mol －
1，表示的能量变化称为 能。 4. 在高空大气的电离层中，存在着2N +、2Li +、2Be +等离子。在这些离子中最稳定的是
______，其键级为______；含有单电子σ键的是______，含有三电子σ键的是______。（2003年某校无机化学考研真题）
5．3H O +离子的中心原子O 采用 杂化，其中有 个σ单键和 个σ配键，该离子的几何构型为 。
6．BCl 3、PCl 3、ICl 3、I 4Cl - 分子或离子的中心原子采用的杂化方式分别是 、 、 、 ；其分子构型分别为 、 、 、 。
7．NCl 5可否稳定存在 ？这是因为 。
8．原子轨道相互重叠形成化学键的原则是 、 、 。
9．23CO -除了C 与三个O 之间形成三个σ键外，还应存在 离域键，说明此键存在的证据是 。
10．比较分子的键角，其大小关系是：CH 4 NH 3，NH 3 PH 3，2NO + NO 2。
11．NO +的分子轨道表示为 ，键级为 ，价键结构式为 ，键型为 ，
磁矩为 。
12．NO +、NO 、NO - 键长大小的顺序是 ， N O 、2N 的第一电离能的大小顺序
是 。
13．Cl 2O 和ClO 2分子均有V 型的结构 。其中Cl 2O 分子中的O 采用 杂化轨道成键
ClO 2分子中的Cl 采用 杂化轨道成键且含有 键。若比较键角大小，则Cl 2O ClO 2，若比较键的长短，则Cl 2O ClO 2。（2005年某校无机化学考研真题）
11.4 参考答案与解析
11.4.1 选择题
1．解：B （提示：A ．D ．NH 3分子间、H 2O 分子间可形成氢键，分子间作用力较强。C ．SbH 3分子体积较大，范德华力较强。B ．ICl 为极性分子，范德华力较强。）
2．解：D （提示：4NH +
、4BI - 中心原子采取等性sp 3杂化，BCl 3 中心原子B 采取等性sp
2杂化；NCl 3中N 采取不等性sp 3杂化。）
3．解：D （提示：A ．B ．C ．分子轨道排布表明，分子中的成单电子数分别为2，2，1；
D ．O 3 的分子结构中无单电子，有43π。）
4．解：A ，5．解：A ，6．解：B ，7．解：C ，8．解：B ，9．解：D ，10．解：D
11．解：C （提示：将其中一个I 作为中心原子，其价层电子对数为（7+2+1）/2 = 5，价层电子对的空间构型为三角双锥。配体数为2，说明价层电子对有2对成键电子对和3对孤对
电子，故-3I 为直线型。）
12．解：D （提示：C 原子采取sp 杂化，分子为直线型，但分子的空间结构不对称。）
13．解：B （提示：CFH 3分子中有C-F 及C-H 键，无F-H 键，不符合形成氢键的条件。） 11.4.2 填空与问答题
1．解：NaCl ，6，ZnS ，4，原因是Ag + 是18电子型，具有较大的极化力，也具有变形性， I -
半径很大，具有很大的变形性，离子极化使键型由离子型向共价型转化，键长缩短。 （提示：r + / r -= 0.414～0.732, 离子晶体为NaCl 型；r + / r -= 0.225～0.414, 离子晶体为ZnS 型。该题中，计算值为r (Ag +) / r (I -
) = 126 /216 = 0.583，相互极化导致比值降至0.414以下。） 2．解：（1）大，Mg 2+、O 2-电荷高，MgO 的晶格能比LiF 的大；（2）高，NH 3的极性较大，且分子间有氢键。（3）低，Fe 3+ 的极化力比Fe 2+ 的大，FeCl 3具有共价性；（4）深，Hg 2+ 与S 2- 间的极化作用大；（5）大，Cl - 的变形性比F - 大，AgF 为离子型，AgCl 有明显共价性。
3．解：NaCl 的晶格能，U = -θr m ΔH ；NaCl 的离子键键能。
4．解：2N +，2.5，2Li +和2N +，2Be +
5．解：不等性sp 3，2，1，三角锥形
6．解：sp 2、sp 3、sp 3d 、sp 3d 2；平面三角形、三角锥形、T 型、四方锥形。（提示：通过价层电子对互斥理论，讨论ICl 3分子为T 型。）
7．解：不能。因为N 位于第二周期，不能采取sp 3d 杂化。
8．解：能量相近、对称性匹配、最大重叠
π, 每个C ― O键的键长介于单键和双键之间
9．解：6
4
10．解：大于、大于、大于（提示：sp3杂化，NH3中N原子上有孤对电子，对成键电子对
NO+的排斥作用较大；sp3杂化，N的电负性大于P , 成键电子对离核较近，排斥作用较大；
2中N以sp杂化轨道成键，键角180°，NO2中，N为sp2杂化。）
11．解：NO+KK(σ2s)2(σ*2s)2(σ2px)2(π2py)2(π2pz)2，3，[:N≡O:]+, 一个σ键，2个π键，μ= 0（提示：NO分子轨道能级顺序符合O2的分子轨道能级顺序。）
N＞NO（提示：先写出NO的分子轨道排布式，比较NO+、12．解：NO+ 2 NO与NO-，可看出：NO →NO+失去*π反键电子，键能增大，键长变短。NO →NO-增加*π反键电子，键能减小，键长增大。或键级越大键长越短。比较NO与2N的分子轨道排 N+，N2失去成键布式，可看出：NO →NO+，NO失去反键电子, 需要的能量较小。N2→ 2 轨道电子，需要较大的能量。） 13．解：sp3, sp3, π, 小于，小于（提示：根据价层电子对互斥理论判断，这两个分子的中心原子均采取sp3不等性杂化轨道成键；ClO2中的Cl-O键为双键，包括sp3-p σ键和p-d π键，而Cl2O中的Cl-O键为sp3-p σ单键。Cl2O中有两对孤对电子，ClO2中有一对孤对电子和一个单电子，前者对成键电子对的斥力较大，使其键角较小；ClO2中的中心原子为3s-3p 杂化，伸展较远，键长较长。） 模考吧网提供最优质的模拟试题，最全的历年真题，最精准的预测押题！ 民法通则考试试题及答案解析(一) 一、多选题（本大题60小题．每题2.0分，共120.0分。请从以下每一道考题下面备选答案中选择两个或两个以上答案，并在答题卡上将相应题号的相应字母所属的方框涂黑。） 第1题 甲厂改扩建工程急需一笔资金，为此甲厂与当地建行签订一份借款合同，并请县政府出面担保。按规定，该县政府能否提供担保？（ ） A 可以担保 B 不能担保 C 如有足够经费可以担保 D 如建设银行同意可以担保 【正确答案】：B 【本题分数】：2.0分 【答案解析】 考点：债的担保 解析：参见《担保法》第8条。 第2题 甲企业与乙银行签订借款合同，借款金额为10万元人民币，借款期限为1年，由丙企业作为借款保证人。合同签订3个月后，甲企业因扩大生产规模急需资金，遂与乙银行协商，将贷款金额增加到15万元，甲和银行通知了丙企业，丙企业未予答复。后甲企业到期不能偿还债务。该案中的保证责任应如何承担？（ ） A 丙企业不再承担保证责任，因为甲乙变更合同条款未得到丙的同意 B 丙企业对10万元应承担保证责任，增加的5万元不承担保证责任 C 丙企业应承担15万元的保证责任，因为丙对于甲和银行的通知未予答复，视为默认 D 丙企业不再承担保证责任，因为保证合同因甲、乙变更了合同的数额条款而致保证合同无效 【正确答案】：B 【本题分数】：2.0分 【答案解析】 模考吧网提供最优质的模拟试题，最全的历年真题，最精准的预测押题！ 考点：债的担保 解析：本题涉及主合同变更对保证责任的影响问题。依据《担保法解释》第30条规定，保证期间债权人与债务人对主合同的数量、价款、币种、利率等内容作了变更，未经保证人同意的，如果减轻债务人的债务的，保证人仍应当对变更后的债务承担保证责任。如果加重债务人债务的，保证人对加重的部分不承担保证责任。故本题选项为B 。 第3题 某甲商厦与一家电公司签订了购销彩电500台的合同共计200万元，签约后6个月内一次性付清货款，为担保合同的履行，由乙商城书面承诺对该合同买方承担连带保证责任。此外甲商厦还将自身所有的4辆汽车合计120万元向家电公司作了抵押，并办理了抵押登记。甲商厦自提货物返回途中与另一油灌车相撞，车上彩电全部报废，那么下列说法中正确的是哪项？（ ） A 乙商城与甲商厦对债权承担连带保证责任 B 乙商城的保证责任范围为主合同本金200万元 C 乙商城的保证责任范围为80万元 D 乙商城的保证责任范围为120万元 【正确答案】：C 【本题分数】：2.0分 【答案解析】 考点：债的担保 解析：《担保法》第28条第一款规定：“同一债权既有保证又有物的担保的，保证人对物的担保以外的债权承担保证责任。”《担保法解释》第38条第一款规定了保证人与提供物保的第三人对债权承担连带保证责任，所以对于《担保法》 第28条第一款应限缩解释为在债务人提供物保的情况下，保证人对物的担保以外的债权承担保证责任。本题中是甲商厦自己提供物保，乙商城提供保证，所以适用《担保法》第28条第一款的规定。 第4题 甲公司向乙公司借款150万元，乙公司要求甲公司提供抵押，甲公司遂以本公司的豪华轿车进行抵押，并办理了抵押登记。该轿车价值100万元。乙公司还不放心，要求甲公司提供保证人，甲公司逐找丙公司作为保证人。保证担保未约定范围。有关保证人的保证责任论述正确的是（ ）。 A 丙公司对150万元主债权承担保证责任 B 丙公司对100万元主债权承担保证责任 5-1构件受力如图5-26所示。试：(1)确定危险点的位置；(2)用单元体表示危险点的应力状态（即用纵横截面截取危险点的单元体，并画出应力）。 题5-1图 解：a) 1) 危险点的位置：每点受力情况相同，均为危险点； 2）用单元体表示的危险点的应力状态见下图。 b) 1) 危险点的位置：外力扭矩3T 与2T 作用面之间的轴段上表面各点； 2）应力状态见下图。 c) 1) 危险点： A 点，即杆件最左端截面上最上面或最下面的点； 2）应力状态见下图。 d) 1）危险点：杆件表面上各点； 2）应力状态见下图。 5-2试写出图5-27所示单元体主应力σ1、σ2和σ3的值，并指出属于哪一种应力状态（应力单位为MPa ）。 A A T （a ） （c ） （d ） 3 64d Fl πτ=a) b) c) d) 10 题5-2图 解： a) 1 σ=50 MPa, 2 σ= 3 σ=0,属于单向应力状态 b) 1 σ=40 MPa, 2 σ=0, 3 σ=－30 MPa，属于二向应力状态 c) 1 σ=20 MPa, 2 σ=10 MPa, 3 σ=－30 MPa，属于三向应力状态 5-3已知一点的应力状态如图5-28所示（应力单位为MPa）。试用解析法求指定斜截面上的正应力和切应力。 题5-3图 解： a)取水平轴为x轴，则根据正负号规定可知： x σ=50MPa , y σ=30MPa , x τ=0, α=－30ο 带入式（5-3），（5-4）得 =45MPa = -8.66MPa b)取水平轴为x轴，根据正负号规定： x σ= -40MPa , y σ=0 , x τ=20 MPa , α=120ο 带入公式，得： ο ο240 sin 20 240 cos 2 40 2 40 - - - + + - = α σ=7.32MPa a) b) c) a) b) c) 2002-2011年司法考试民法历年真题解析 单项选择题 （2011年） 1.甲公司在城市公园旁开发预售期房，乙、丙等近百人一次性支付了购房款，总额近8，000万元。但甲公司迟迟未开工，按期交房无望。乙、丙等购房人多次集体去甲公司交涉无果，险些引发群体性事件。面对疯涨房价，乙、丙等购房人为另行购房，无奈与甲公司签订《退款协议书》，承诺放弃数额巨大利息、违约金的支付要求，领回原购房款。经咨询，乙、丙等购房人起诉甲公司。下列哪一说法准确体现了公平正义的有关要求？（）（2011年卷三单选第1题） A.《退款协议书》虽是当事人真实意思表示，但为兼顾情理，法院应当依据购房人的要求变更该协议，由甲公司支付利息和违约金 B.《退款协议书》是甲公司胁迫乙、丙等人订立的，为确保合法合理，法院应当依据购房人的要求宣告该协议无效，由甲公司支付利息和违约金 C.《退款协议书》的订立显失公平，为保护购房人的利益，法院应当依据购房人的要求撤销该协议，由甲公司支付利息和违约金 D.《退款协议书》损害社会公共利益，为确保利益均衡，法院应当依据购房人的要求撤销该协议，由甲公司支付利息和违约金 【答案】C 【考点】民法的基本原则、可变更、可撤销民事行为 【解析】公平原则是指在民事活动中以利益均衡作为价值判断标准，在民事主体之间发生利益关系摩擦时，以权利和义务是否均衡来平衡双方的利益。本题中，乙、丙等购房人虽然与甲公司签订了《退款协议书》，但是并非出于自愿，而是在无奈的情况下签订的。在该《协议书》中，乙、丙等购房人被迫放弃了数额巨大的利息、违约金支付的要求，该约定显然是显失公平的。《合同法》第五十四条第一款第（二）项规定，在订立合同时显失公平的，当事人一方有权请求人民法院或者仲裁机构变更或者撤销。因此，为保护购房人的利益，法院应当依据购房人的要求撤销该协议，由甲公司支付利息和违约金。 2.乙因病需要换肾，其兄甲的肾脏刚好配型成功，甲乙父母和甲均同意由甲捐肾。因甲是精神病人，医院拒绝办理。后甲意外死亡，甲乙父母决定将甲的肾脏捐献给乙。下列哪一表述是正确的？（）（2011年卷三单选第2题） A.甲决定将其肾脏捐献给乙的行为有效 B.甲生前，其父母决定将甲的肾脏捐献给乙的行为有效 C.甲死后，其父母决定将甲的肾脏捐献给乙的行为有效 D.甲死后，其父母决定将甲的肾脏捐献给乙的行为无效 第5章习题解答 5-1 若反馈振荡器满足起振和平衡条件，则必然满足稳定条件，这种说法是否正确？为什么？ 解： 不正确。因为满足起振条件和平衡条件后，振荡由小到大并达到平衡。但当外界因素（温度、电源电压等）变化时，平衡条件受到破坏。若不满足稳定条件，振荡器就不会回到平衡状态，最终导致停振。 5-3 题图5-3表示三回路振荡器的交流等效电路，假定有以下六种情况，即： （1）L 1C 1＞L 2C 2＞L 3C 3； （2）L 1C 1＜L 2C 2＜L 3C 3； （3）L 1C 1＝L 2C 2＝L 3C 3； （4）L 1C 1＝L 2C 2＞L 3C 3； （5）L 1C 1＜L 2C 2＝L 3C 3； （6）L 2C 2＜L 3C 3＜L 1C 1。 试问哪几种情况可能振荡？等效为哪种类型的振荡电路？其振荡频率与各回路的固有谐振频率之间有什么关系？ 解： （1）由于 L 1C 1＞L 2C 2＞L 3C 3 因此 1 12 23 3111C L C L C L ＞ ＞ 即 123ωωω＞＞ 当1203ωωωω＞＞＞时，L 2C 2与L 1C 1均呈容性，L 3C 3呈感性，电路成为电容反馈三端电路，可以振荡。 （2）当L 1C 1＜L 2C 2＜L 3C 3时，可取1203ωωωω＜＜＜，电路成为电感反馈三端电路，可以振荡。 （3）L 1C 1＝L 2C 2＝L 3C 3，不能振荡。 （4）L 1C 1＝L 2C 2＞L 3C 3 10ωω＞，ce 为容性； 20ωω＞，be 为容性； 30ωω＜，cb 为感性。 因为123ωωω=＞，0ω可同时满足上述条件，电路成为电容反馈三端电路，可以振荡。 （5）L 1C 1＜L 2C 2＝L 3C 3 若电路为电容反馈三端电路，则应满足下列条件： 民法期末考试题及答案 试题一 一、判断题： 1. 我国现阶段关于婚姻的观念表述为：男女双方以永久共同生活为目的，自愿建立夫妻关系的结合。（） 2. 群婚制的特点在于男女两性关系因一定范围血缘关系的排斥而被限定在一定范围之内。（） 3. 宣告失踪和宣告死亡都能引起婚姻自动解除的后果。（） 4. 甲因怀疑乙不忠诚与乙离婚，离婚后确认乙在外面有情人，甲可以请求乙赔偿她的精神损失。（） 5. 夫妻一方被宣告死亡后，另一方因生活困难将子女送养他人，被宣告死亡方重新出现后，有权以送养须经双方同意为由主张收养无效。（） 6. 义绝是中国古代强迫妻子离婚的强制离婚制度。（） 7. 父母对子女的抚养教育是无条件的。（） 8. 兄弟姊妹是较近的直系血亲。（） 二、单选 1. 下列各种亲属关系中，属于直系拟制血亲的有( )。 A.外祖父母与外孙子女 B.养父母与养子女 C.祖父母与孙子女 D.继父母与未受其抚养教 育的继子女 2. 甲失踪五年，经其妻乙申请，人民法院宣告甲死亡，此后，乙与丙结婚。两年后，甲返回并向人民法院起诉，要求认定乙丙婚姻无效恢复与乙的婚姻关系，人民法院应该（）。 A 认定乙与丙的婚姻关系无效 B 确认乙与丙的婚姻关系有效 C 撤销乙与丙的婚姻关系，确认甲与乙的婚姻关系恢复 D 要求乙与丙解除婚姻关系 3. 完全不能辨认自己行为的精神病人张某的妻子因病去世，其父、其子、其兄、其祖父母都有监护能力，且担任监护人对张某并无明显不利。但上述近亲属相互推诿，都不愿意担任监护人，便请张某所在的村民委员会指定。按照法律的规定，村民委员会应从上述人员中指定（）担任张某的监护人。 A 其父 B 其子 C 其兄 D 其 祖父 4. 甲九岁时父母死亡留下较大数额的遗产，甲由外祖父母抚养，甲的舅舅乙住在山区生活困难，甲的外祖父母经甲的同意，将遗产中的两万元赠与乙，该赠与行为（）。 第五章习题解答 1、给出数据点:0134 19156 i i x y =?? =? (1)用012,,x x x 构造二次Lagrange 插值多项式2()L x ,并计算15.x =的近似值215(.)L 。 (2)用123,,x x x 构造二次Newton 插值多项式2()N x ,并计算15.x =的近似值215(.)N 。 (3)用事后误差估计方法估计215(.)L 、215(.)N 的误差。 解: (1)利用012013,,x x x ===,0121915,,y y y ===作Lagrange 插值函数 2 20 2 1303011915 01031013303152933 ()()()()()() ()()()()()()()() i i i x x x x x x L x l x y x x =------== ?+?+?-------++= ∑ 代入可得2151175(.).L =。 (2)利用 134,,x x x ===,9156,,y y y ===构造如下差商表： 229314134196()()()()()N x x x x x x =+-+---=-+- 代入可得215135(.).N =。 (3)用事后误差估计的方法可得误差为 ()()()02222 03-x 150 x x x -=117513506563-04.()()()(..).x f L R L x N x x x --≈= -≈- ()()()3222203-154 x x -=1175135-1.0938-04 .()()()(..)x x f N R x L x N x x x --≈=-≈- 2、设Lagrange 插值基函数是 0012()(,,,,)n j i j i j j i x x l x i n x x =≠-==-∏ 试证明:①对x ?,有 1()n i i l x ==∑ ②00110001211()()(,,,)()()n k i i i n n k l x k n x x x k n =?=?==??-=+? ∑ 其中01,,,n x x x 为互异的插值节点。 证明： ①由Lagrange 插值多项式的误差表达式10 1()()()()()!n n i i f R x x x n ξ+==-+∏知，对于函数1()f x =进行 习题9 9.1 8255A有哪几种工作方式？各有什么特点？不同的工作方式在连接方法上有什么不同？ 参考答案： 8255A有方式0、方式1和方式2三种工作方式。 方式0特点：与外设传送数据时，通常不用联络信号或无固定的I/O联络信号；可以采用无条件或查询方式传送，输出有锁存，输入有三态缓冲而无锁存功能；A、B、C三个口均可设成此方式，且都能被指定为输入或者输出使用，各端口之间没有规定必然的关系，但同一个端口不能既做输入又做输出。 方式1特点：是一种选通输入/输出方式，用以实现CPU与外设之间的中断或查询方式进行数据传送，使用灵活；用作一个或两个选通输入/输出端口；端口A、B均可为方式1，均可作为输入口或者输出口；若有一个端口为方式1，则端口C中有3位被规定为方式1的应答联络信号，此时，端口C中的其他引脚即作输入或输出；若端口A、B都工作在方式1，则端口C中有6位被作为应答联络信号，剩下的2位，仍可作为输入或输出。 方式2特点：外设可在单一的8位总线上，既能发送，也能接收数据即双向总线I/O。工作时可用于程序查询方式，也可工作于中断方式；方式2只用于端口A，是方式1的输入和输出的组合；一个8位的双向总线端口A和一个5位控制端口C，5位控制端口C是用作端口A的控制和状态信息；输入和输出是锁存的。 9.2 设8255A的端口地址为60H～63H，试按以下不同的要求编写相应的8255A初始化程序。 （1）将A口、C口设为方式0输入口，B口设为方式0输出口。 （2）将A口、B口设为方式1输入口，PC6、PC7作为输出口。 （3）将A口设为方式2，B口设为方式1输入。 参考答案： （1）mov al,10011001B Out 63h,al （2）mov al,10110110B Out 63h,al ；A口、B口设为方式1输入口 mov al,00000110B Out 63h,al ；PC6作为输出口 mov al,00001110B Out 63h,al ；PC7作为输出口 （3）mov al,11000111B Out 63h,al ；A口为方式2，B口为方式1输入 9.3 8253有哪几种工作方式？各有什么特点？ 参考答案： 8253有方式0、方式1、方式2、方式3、方式4、方式5共6种工作方式。 方式0主要特点：软件启动，不自动重复计数，计数器只计数一遍；计数过程中，由GATE ·1· 《中华人民共和国民法总则》题库 单选题 1、（单选题）根据《民法总则》的规定，法人解散的，除合并或者分立的情形外，（）应当及时组成清算组进行清算。 A.清算义务人 B.利害关系人 C.主管单位 D.登记机关 正确答案：A 2、（单选题）《民法总则》规定，监护人应当按照（）的原则履行监护职责。 A.遵守法律法规 B.尊重被监护人意愿 C.权利义务对等 D.最有利于被监护人 正确答案：D 3、（单选题）《民法总则》明确规定，十八周岁以上的自然人为成年人。成年人为完全民事行为能力人，可以（）。 A.独立实施民事行为 B.独立实施民事法律行为 C.独立进行民事活动 D.独立承担民事责任 正确答案：B 4、（单选题）《民法总则》明确规定，民事主体的（）受法律保护，任何组织或者个人不得侵犯。 A.财产和人身关系权利 B.人身权利、财产权利以及其他合法权益 C.被宪法赋予的权利 D.民事行为能力和民事责任能力 正确答案：B 5、（单选题）根据《民法总则》规定，自然人下落不明满（）的，利害关系人可以向人民法院申请宣告该自然人为失踪人。 A.五年 B.二年 C.三年 D.四年 正确答案：B 6、（单选题）根据《民法总则》的规定，（）以上的未成年人为限制民事行为能力人，实施民事法律行为由其法定代理人代理或者经其法定代理人同意、追认，但是可以独立实施纯获利益的民事法律行为或者与其年龄、智力相适应的民事法律行为。 A.十周岁 B.八周岁 C.十四周岁 D.六周岁 正确答案：B 7、（单选题）《民法总则》规定，对监护人的确定有争议的，由被监护人住所地的（）指定监护人。 A.居民委员会、村民委员会或者民政部门 B.民政部门 C.居民委员会、村民委员会 D.民政部门和公益组织 正确答案：A 8、（单选题）《民法总则》规定，不能辨认或者不能完全辨认自己行为的成年人，（），可以向人民法院申请认定该成年人为无民事行为能力人或者限制民事行为能力人。 A.其近亲属或者有关组织 B.其法定监护人或者有关组织 C.其法定代理人或者有关组织 D.其利害关系人或者有关组织 正确答案：D 9、（单选题）《民法总则》明确规定，法人是具有民事权利能力和（），依法独立享有民事权利和承担民事义务的组织。 A.民事行为能力 B.人格尊严 5－1 凸轮以匀角速度ω绕O 轴转动，杆AB 的A 端搁在凸轮上。图示瞬时AB 杆处于水平位置，OA 为铅直。试求该瞬时AB 杆的角速度的大小及转向。 解： r e a v v v += 其中，22e r v e -=ω e v v e a ωφ==tg 所以 l e l v a AB ωω= = （逆时针） 5－2. 平底顶杆凸轮机构如图所示，顶杆AB 可沿导轨上下移动，偏心圆盘绕轴O 转动，轴O 位于顶杆轴线上。工作时顶杆的平底始终接触凸轮表面。该凸轮半径为R ，偏心距e OC =，凸轮绕轴O 转动的角速度为ω，OC 与水平线成夹角?。求当?=0?时，顶杆的速度。 （1）运动分析 轮心C 为动点，动系固结于AB ；牵连运动为上下直线平移，相对运动为与平底平行直线，绝对运动为绕O 圆周运动。 （2）速度分析，如图b 所示 5－3. 曲柄CE 在图示瞬时以ω0绕轴E 转动，并带动直角曲杆ABD 在图示平面内运动。若d 为已知，试求曲杆ABD 的角速度。 解：1、运动分析：动点：A ，动系：曲杆O 1BC ，牵连运动：定轴转动，相对运动：直线，绝对运动：圆周运动。 2、速度分析：r e a v v v += 0a 2ωl v =；0e a 2ωl v v == 01e 1 ωω== A O v BC O （顺时针） 5－4. 在图示平面机构中，已知：AB OO =1，cm 31===r B O OA ，摇杆D O 2在 D 点与套在A E 杆上的套筒铰接。OA 以匀角速度rad/s 20=ω转动， cm 332==l D O 。试求：当?=30?时，D O 2的角速度和角加速度。 1 串行接口 8251A 习题 8.2 设8251A 的控制和状态端口地址为52H ，数据输入/输出口地址为50H(输出端口未用)，输入50个字符，将字符放在BUFFER 所指的内存缓冲区中。请写出这段的程序 1 8086系统中，8251A 的C/D 端应当和哪个信号相连，以便实现对状态端口、数据端口、控制端口的读/写？ 与地址线的低位相连。 2 什么是波特率？若要产生一个波特率为2400的串行信号，且波特率因子编程为16，那么串口发送/接收时钟的频率是多少？P221 波特率是指单位时间内传送二进制数据的位数，以位/秒为单位。38400Hz 3 设计一个采用异步通信方式输入字符的程序段，规定波特率因子为64，7个数据位，1个停止位，偶校验，端口地址为40H 、42H ，待输入字符存放在2000H:4000H 单元。 MOV AL, 01111011B OUT 42H, AL MOV AL, 04H OUT 42H, AL MOV DI, 0 MOV CX, 2000 ;发送2000个字符 MOV BX, 4000H L0: IN AL, 42H ;读取状态字 TEST AL, 02H JZ L0 IN AL, 40H 2 MOV [BX+DI], AL INC DI IN AL, 42H TEST AL, 38H ;测试有无帧校验错 JZ ERR LOOP L0 JMP EXIT ERR: CALL ERR-OUT ;调出错处理 EXIT: ... 4 设8251A 为异步工作方式，波特率因子为16，7位数据位，奇校验，2位停止位。8251A 端口地址为2A1H 、2A2H 。编写程序从串口输出100个字符，设字符存放在BUF 开始的缓冲区中。 MOV AL, 0EAH MOV DX, 2A2H OUT DX, AL MOV AL, 11H OUT DX, AL MOV DI ,0 MOV CX, 100 MOV BX, OFFSET BUF BEG: IN AL, DX TEST AL, 01H JZ BEG MOV AL ，[BX+DI] 司法考试民法历年真题解析 (2017年) 1.某酒店客房内备有零食、酒水供房客选用，价格明显高于市场同类商品。房客关某缺乏住店经验，又未留意标价单，误认为系酒店免费提供而饮用了一瓶洋酒。结帐时酒店欲按标价收费，关某拒付。下列哪一选项是正确的? A.关某应按标价付款 B.关某应按市价付款 C.关某不应付款 D.关某应按标价的一半付款 答案:A 解析:《民通意见》第71条规定，行为人因对行为的性质、对方当事人、标的物的品种、质量、规格和数量等的错误认识，使行为的后果与自己的意思相悖，并造成较大损失的，可以认定为重大误解。 本题中关某误将有偿提供的洋酒当作免费提供的洋酒，属于对行为性质的误解，关某有权予以撤销。撤销的后果是返还，但是因为本题中，关某已经将该洋酒饮用，无法返还原物，所以根据《合同法》第58条规定:“合同无效或者被撤销后，因该合同取得的财产，应当予以返还;不能返还或者没有必要返还的，应当折价补偿。有过错的一方应当赔偿对方因此所受到的损失，双方都有过错的，应当各自承担相应的责任。”，关某只能对该洋酒进行折价补偿，因此A项正确，BCD 项错误。 2.甲被乙打成重伤，支付医药费5万元。甲与乙达成如下协议:“乙向甲赔偿医药费5万元，甲不得告发乙”。甲获得5万元赔偿后，向公安机关报案，后乙被判刑。下列哪一选项是正确的? A.甲、乙之间的协议有效 B.因甲乘人之危，乙有权撤销该协议 C.甲、乙之间的协议无效 D.乙无权要求甲返还该5万元赔偿费 答案:D 解析:甲被乙打成重伤，该案件并不属于告诉才处理的刑事案件，甲乙双方就乙的刑事责任不得“私了”，甲乙关于“甲不得告发乙”的约定因违反了法律的强制性规定而归于无效;乙将甲打成重伤，乙的行为在构成犯罪行为的同时，也是一种侵权行为，乙应承担侵权损害赔偿责任，甲乙关于双方之间赔偿问题的约定是民事主体对自己权利的处分，并未违反法律的强制性规定，也不存在乘人之危的问题，应认定为有效。因此，甲乙之间的协议部分有效(“乙向甲赔偿医疗费5万元”)，部分无效(“甲不得告发乙”)。故D项正确，ABC项错误。 3.甲公司业务经理乙长期在丙餐厅签单招待客户，餐费由公司按月结清。后乙因故辞职，月底餐厅前去结帐时，甲公司认为，乙当月的几次用餐都是招待私人朋友，因而拒付乙所签单的餐费。下列哪一选项是正确的? A.甲公司应当付款 B.甲公司应当付款，乙承担连带责任 C.甲公司有权拒绝付款 8251知识回顾 1.8251内部可由用户访问的寄存器有哪些？是如何为它们分配地址的？访问时如何区分？ 2.初始化8251时，应遵循什么规则？说明常用的复位8251的方法。 3.8251工作于异步/同步方式时的初始化方法。 4.8251方式选择控制字、命令控制字和状态字各起什么作用？ 一、选择题 1.串行接口器件8251( )。 A.只能作异步传送 B.只能作同步传送 C.A和 B均可 D.可作并行传送 2.串行接口中，并行数据和串行数据的转换是用( )来实现的。 A.数据寄存器 B.移位寄存器 C.锁存器 D.A/D转换器 3.串行异步通信的实现，必须作到( )。 A.通信双方有同步时钟的传送，以实现同步 B.一块数据传送结束时，用循环冗余校验码进行校验 C.以字符为传送信息的单位，按约定配上起始位、停止位和校验位 D.块与块间用同步字符01111110隔开 4. 在异步串行通信中，使用波特率来表示数据的传送速率，它是指( )。 A.每秒钟传送的字符数 B.每秒钟传送的字节数 C.每秒钟传送的二进制位数 D.每分钟传送的字节数 5.在异步串行传输时，如果规定采用5位数据位、偶校验和2位停止位，在接收时，如果接收到5位数据和1位校验位后，再接收到一位高电平信号和一位低电平信号，其结果表示( )。 A.一个字符的数据已正确接收 B.已经开始接收下一个字符 C.传输中出现了奇偶错 D.传输中出现了帧错 6.设串行异步通信的数据格式是：7个数据位，1个校验位，1个停止位，若传输率为1200bps，则每秒钟传输的最大字符数为( )。（A）10个（B）110个（C）120个（D）240个 7.在数据传输率相同的情况下，同步字符传输的速度要高于异步字符传输，其原因是( )。 （A）字符间无间隔（B）双方通信同步 （C）发生错误的概率少（D）附加的辅助信息总量少 8.8251的方式字的作用是( )。 （A）决定8251的通信方式（B）决定8251的数据传送方向（C）决定8251的通信方式和数据格式（D）以上三种都不对 二、简答题 1.简要说明异步串行通信的帧格式。 2. 串行通信中约定：一个起始位，一个停止位，偶校验，则字符 2018年法考民法模拟试题及答案解析 导读：备战法考，模拟试题练习必不可少，可以帮助你查漏补缺，同时练习手 感和状态，节约备考精力、时间，提高复习效率。 随着法律职业资格考试报名时间的临近，同学们的复习也慢慢进入状态，备考 法律职业资格考试，模拟试题练习自然必不可少，今年已经全面推行机考，大 家可以多做练习寻找题感，尽快熟悉机考模式。 一、单项选择题 1．某甲年满16周岁，初中毕业以后因未考上高中，便在某企业上班，月工资为800元。某甲仍与其父母共同生活，有关某甲的下列行为，表述正确的是()。 A．某甲用自己的工资购买一辆山地自行车(价值4000元)，其父母认为过分奢侈，表示反对，因此，该行为无效 B．某甲因朋友过生日，用自己的工资购买了一份价值1000元的生日礼物，其父母因与某甲之朋友的父母有隙，表示反对，该行为无效 C．某甲与该单位的某女同事恋爱，父母认为某甲年龄太小，表示反对， 因此，恋爱无效 D．某甲因骑车违章，将一老翁撞伤，老翁花去医药费5万元，因某甲无 力支付，某甲之父母应承担赔偿责任 【答案】D 2．王某在某中学校门外开设了一家体育用品店，为招揽生意，允许学校学生赊购商品。14岁的何某在该店购买进口羽毛球拍一副，价款3000余元。在王某向何某之父索债时，双方发生争执。则王某与何某的买卖合同：() A．王某有权在何某之父追认前撤销合同 B．合同不因当事人行为能力而影响其效力 C．何某之父不追认，则合同不能生效 D．若王某催告何某之父追认，何某之父逾期未作表态，视为合同生效 【答案】C 3．小学生王某，8岁，代表学校参加中外少儿书画大赛获一等奖，奖金5000元，对此下列说法正确的是：() A．王某无权获得奖金 B．学校获得全部奖金 C．王某须经其法定监护人同意才可获得此奖金 D．王某无须经其法定监护人同意即可获得此奖金 【答案】D 4．张某与王某系邻居，但双方经常为琐事争吵，因而结仇。张某因心脏病死后，其子女依当地风俗土葬了张某。王某因对张某依然怀恨在心，某日，王某偷偷进入张某墓地，将张某的遗体毁坏以泄恨。张某的子女得知后，十分痛苦，并将王某诉至法院。对此，下列表述中，正确的是：() A．王某的行为属于不道德的行为。应受道德谴责，但不应承担法律责任 B．由于张某已死亡，不具有民事主体资格，故王某的行为不构成侵权行为 C．张某的子女有权要求王某赔偿损失，包括精神损害 D．王某的行为构成对张某身体权的侵害，应承担侵权责任 【答案】C 题型解析 一、选择题 1.串行接口器件8251( )。 A.只能作异步传送 B.只能作同步传送 C.A和 B均可 D.可作并行传送 2.串行接口中，并行数据和串行数据的转换是用( )来实现的。 A.数据寄存器 B.移位寄存器 C.锁存器 D.A/D转换器 3.串行异步通信的实现，必须作到( )。 A.通信双方有同步时钟的传送，以实现同步 B.一块数据传送结束时，用循环冗余校验码进行校验 C.以字符为传送信息的单位，按约定配上起始位、停止位和校验位 D.块与块间用同步字符01111110隔开 4. RS-232C标准的电气特性规定逻辑“0”电平为( )。 A.O～0.4V B.O～0.8V C.-3V～-15V C.+3V～+15V 5.在异步串行通信中，使用波特率来表示数据的传送速率，它是指( )。 A.每秒钟传送的字符数 B.每秒钟传送的字节数 C.每秒钟传送的二进制位数 D.每分钟传送的字节数 6.在异步串行传输时，如果规定采用5位数据位、偶校验和2位停止位，在接收时，如果接收到5位数据和1位校验位后，再接收到 一位高电平信号和一位低电平信号，其结果表示( )。 A.一个字符的数据已正确接收 B.已经开始接收下一个字符 C.传输中出现了奇偶错 D.传输中出现了帧错 二、简答题 1.比较串行通信与并行通信的优缺点。 2.简要说明异步串行通信的帧格式。 三、应用题 1.8251A工作于异步方式，波特率为1200b/s，收发时钟RxC=TxC，频率为76.8KHz，异步字符格式为:数据位7位，采用偶校验，两位终止位，CPU从8251A读入1O0个字符，存入变量INARY，8251A 的地址为80H与81H。试对其进行初始化编程和数据输入程序段。 2 ．已知 8251 发送的数据格式为：数据位 7 位、偶校验、 1 个停止位、波特率因子 64 。设 8251 控制寄存器的地址是 3FBH ，发送 / 接收寄存器的地址码是 3FAH 。试编写用查询法和中断法收发数据的通信程序。 《2014暨南大学民法学考研复习精编》 目录 《民法学》 硕考网祝您2014暨南大学考研金榜题名，加油！ Ⅳ复习指南 《民法学》 第七章担保物权 一、本章复习提示 担保物权编是物权法分论的压轴编章，其地位在分论中不言自明。主体内容包含一般原理即总论部分，还有三大担保物权的分别阐述，这三种担保物权都是非常容易考查到的知识点，熟悉民法体系的人对此都应该明了。尤其是抵押权和留置权，其中具体的问题需要细细 体会和诵识。 在历年的专业课考试中出现了两次，而且都是以大题形式出现，考查的分别是2008年的最高额保证和2009年的最高额抵押和一般抵押权之比较两个考点，而且分析第二个题目可以发现其实这种考查方式的难度比第一个要大很多，跨知识点的比较似乎成了暨南大学民法学科的热门考查方式。 在复习备考上，老师建议考生们务必常常翻看本编的内容，多加体会多加比较，可以在集中担保物权之间进行比较，也可以在具体的担保物权和所有权以及用益物权之间进行比较。 二、本章知识结构图 Ⅴ核心考点解析 《民法学》 第七章担保物权 一、担保物权总论 1.担保物权概述★★ （1）担保物权的概念 担保物权是以确保特定债权的实现为目的、以支配和取得特定财产的交换价值为内容的定限物权。 （2）担保物权的特点 ①价值权性 ②从属性 ③不可分性 A担保物部分灭失或价值减少时，其余部分或剩余价值仍担保债权的全部； B担保物因共有物的分割等原因而分割时，分割后的各部分仍各担保债权的全部； C债权的一部分因清偿、抵销、混同等原因而消灭时，担保物权并不相应地缩减，担保物权人仍得就担保物的全部行使其权利； D债权之一部分分割或转让时，数债权人按其债权额共享原来之担保物权。 ④特定性与公示性 担保物权的特定性是指担保物及其所担保的债权必须是特定的。 担保物权的公示性是指担保物权的成立须以适当的方式公示出来，为社会公众所知晓，否则，不能成立或不能对抗善意第三人。 ⑤追及性与物上代位性 物权的追及性，即当债务人不履行债务或担保物被他人非法占有时，担保物权人得追及物之所在，以保全并实现其权利。 担保物权的物上代位性是指当担保物灭失、毁损或者被征收而获有保险金、赔偿金或补 5-1 设二进制符号序列为110010001110，试以矩形脉冲为例，分别画出相应的单极性码波形、双极性码波形、单极性归零码波形、双极性归零码波形、二进制差分码波形及八电平码波形。 解： 1 1 0 0 1 0 0 0 1 1 1 0 单极性码： 双极性码： 单极性归零码： 双极性归零码： 二进制差分码： 八电平码： 5-7 已知信息代码为1，求相应的AMI码、HDB3码、PST码及双相码。 解：信息代码：1 AMI码：+1000000000-1+1 HDB3码：+1000+V-B00+V0-1+1 PST码：+0-+-+-+-++- 双相码：10 5-8 已知信息代码为10011，试确定相应的AMI码及HDB3码，并分别画出它们的波形图。 解： 1 0 1 0 0 0 0 0 1 1 0 0 0 0 1 1 AMI码：+1 0 -1 0 0 0 0 0 +1 –1 0 0 0 0 +1 -1 HDB3码：+1 0 -1 0 0 0 –V 0 +1 –1 +B 0 0 +V –1 +1 5-9 某基带传输系统接收滤波器输出信号的基本脉冲为如图P5-5所示的三角形脉冲： （1）求该基带传输系统的传输函数H（ω）； （2）假设信道的传输函数C（ω）=1，发送滤波器和接收滤波器具有相同的传输函数，即G T（ω）=G R（ω），试求这时G T（ω）或G R（ω）的表示式。 P5-5 解：(1)H(ω)=∫∞ -∞ h(t)e-jωt dt =∫0Ts/2(2/T s)te-jωt dt +∫Ts Ts/22(1-t/T s)e-jωt dt =2∫Ts Ts/2 e-jωt dt+2/T s∫ Ts/2 t e-jωt dt-2/T s ∫Ts Ts/2 t e-jωt dt =- 2 e-jωt/(jω)︱Ts Ts/2+2/T s [-t/(jω)+1/ω2] e-jωt︱ Ts/2 -2/T s [-t/(jω)+1/ω2] e-jωt︱Ts Ts/2 =2 e-jωTs/2(2- e-jωTs/2- e-jωTs/2)/(ω2T s) =4 e-jωTs/2[1-cos(ωT s/2)]/(ω2T s) =8 e-jωTs/2sin2(ωT s/4)/(ω2T s) =2/T s·Sa2(ωT s/4) e-jωTs/2(2)∵H(ω)=G T(ω)C(ω)G R(ω) C(ω)=1, G T(ω)=G R(ω) ∴G T(ω)=G R(ω)=√2/T s·Sa(ωT s/4) e-jωTs/4 5-11 设基带传输系统的发送滤波器、信道及接收滤波器组成总特性为H（ω），若要求以2/T s波特的速率进行数据传输，试检验图P5-7各种H（ω）满足消除抽样点上的码间干扰的条件否？ s s s s (a) (b) 第十一章串行通信与串行接口8251A 1．试从广义角度概括接口有哪些功能？ 答：寻址、输入输出、数据转换、联络、中断管理、复位、可编程，及错误检测等八种功能。 2．设异步通信时标准数据格式中的8个字符位为10101110，若采用偶校验设置，则奇偶校验位应为几？ 答：应为1。 因为偶校验要保证信息中（包括校验位）1的个数为偶数。 3．什么是覆盖错误？接口部件如何反映这种错误？ 答：是指输入缓冲寄存器或输出缓冲寄存器中的数据在被CPU或外设取走之前，又被新到数据所覆盖而产生的错误。 在产生覆盖错误时，接口会通过在状态寄存器中设置相应的状态位来反映。4．从结构上看，可以把一个接口分为几部分？分别具有什么特点？ 答：分为两部分。 (1) 第一部分用来与I/O设备相连。这部分的接口结构是和I/O设备的传输要求及数据格式有关的，所以，各接口之间互不相同。 (2) 第二部分用来与系统总线相连。由于各接口都要连在同一总线上，因此，所有接口的这部分结构都非常类似。 5．在实际使用时，为什么对串口中的四个内部寄存器一般使用1位低位地址来寻址？答：因为， 四个内部寄存器中有2个可读寄存器，为一组，另2个可写寄存器为一组。即控制寄存器和数据输出寄存器是只写的，状态寄存器和数据输入寄存器是只读的，所以，可以先用读、写信号来区分两组寄存器，再用1位低位地址就可区分一组中的两个寄存器了。 47 6．异步通信方式的特点是什么？适合应用在什么场合？ 答：采用异步通信时，两个字符之间的传输间隔是任意的，所以，每个字符的前后都要用一些数位来作为分隔位。 适于传输在不固定的时间间隔处出现字符所构成的信息流。 7．什么是波特率因子？ 答：在用异步方式进行通信时，发送端需要用发送时钟来决定每一位对应的时间长度，接收端需要用接收时钟来测定每一个位的时间长度。发送时钟和接收时钟的频率可以是位传输率（波特率）的16倍、32倍、64倍，这个倍数称为波特率因子。 8．设在异步通信时，每个字符对应1个起始位，7个信息位，1个奇偶校验位，1个停止位，波特率为9600bps，则每秒钟能传输的最大字符数是多少？ 答：因为， 1+7+1+1=10（位）， 所以， 每秒钟能传输的最大字符数为9600/10=960（个）。 9．在8251A的编程结构中，有几个可读写的端口？给它们分配了几个端口地址？为什么？ 答：共有7个可读写端口。 给它们分配了2个端口地址。其中，偶地址对应数据输入寄存器和数据输出寄存器；奇地址对应其他寄存器（模式寄存器，2个同步字符寄存器，控制寄存器，状态寄存器）。在这7个端口中，只读端口有2个（一个状态寄存器，一个数据输入寄存器），只写端口有5个（一个模式寄存器，一个控制寄存器，二个同步字符寄存器，一个数据输出寄存器）。 因为根据读写控制信号，再加上8251A的初始化流程按次序写入的约定是可以做到使用2个端口地址将7个端口区分开。 48 1.8255A工作在方式1时，端口A和端口B作为数据输入/输出使用，而端口C的各位分别作为端口A和端口B的控制信息和状态信息。其中作为端口A和端口B的中断请求信号的分别是端口C的（）。 (A)PC4和PC2 (B)PC5和PC1 (C)PC6和PC7 (D)PC3和PC0 2．试分析：8251A能不能同时实现发送数据和接受数据的功能？ 3.8255A工作方式中具有中断请求功能的是（） A.方式0和方式1 B. 方式1和方式2 C. 方式0和方式2 D.方式1 4.简述中断控制器8259A的内部结构和主要功能。 5．8259A对中断优先权的管理方式有哪几种?各是什么含义 6.某系统中设置三片8259A级联使用，一片为主8259A；两片为从8259A；它们分别接入主8259A的IR2和IR6端。若已知当前主8259A和从8259A的IR3上各接有一个外部中断源，它们的中断类型码分别为A0H，B0H和C0H，已知它们的中断入口均在同一段中，其段基址为2050H，偏移地址分别为11A0H，22B0H和33C0H，所有中断都采用电平触发方式、完全嵌套、普通EOI结束，请(1)画出它们的硬件连接图；(2)编写全部初始化程序。 7.设8259A应用在8086系统，采用电平触发方式，中断类型号为60H-67H，采用特殊全嵌套方式，中断自动结束，缓冲工作方式，端口地址为63H和64H，写出其初始化程序。8.系统中有两片8259A，从片8259A接主片IR4，主片IR2和IR5有外部中断引入，从片IR0和IR3也有外设中断引入，主片中断类型码62H，65H，中断服务程序在同一段中，段地址为2500H和2600H，从片中断类型码40H,43H,中断服务程序也在同一段中，段地址4000H,偏移地质2640H和4620H，要求画出硬件图，写出主片的初始化程序。（15分） 主片要求：1.主片有级联，从IR4引入 2.中断请求信号边沿出发 3.中断类型码60H——67H 4特殊全嵌套方式. 5非自动结束，非缓冲方式 6.一般EOI结束方式7.屏蔽IR4,IR2,IR5以外的中断源 9.可编程计数／定时器芯片8253有几个通道?各采用几种操作方式?简述这些操作方式的主要特 10.某应用系统中，系统提供一个频率为10kHZ的时钟信号，要求每隔100ms采集一次数据，确定计数初值，写出初始化程序。 已知：在系统中，采用8253定时器的通道0，将8253芯片的clk0接到系统的10KHZ的时钟上，OUT0输出接到CPU的中断请求线上，8253的端口地址为10H-13H（10） 11.某系统中8253芯片的通道0~通道2和控制字端口号分别为FFF0H~FFF2H，定义 通道0工作在方式2，CLK0=5MHz，要求输出OUT0＝lkHz方波；定义通道l工作在方式4，用OUT0作计数脉冲，计数值为1000，计数器计到0，向CPU发中断请求，CPU响应这一中断后继续写入计数值1000，重新开始计数，保持每1秒钟向CPU发出一次中断请求，请编写初始化程序，并画出硬件连接图。 12.已知某8255A在系统中占用88~8BH号端口地址，现欲安排其PA，PB，PC口全部为输出，PA，PB口均工作于方式0模式，并将PC6置位，使PC3复位，试编写出相应的初始化程序： 13、系统中有两片8259A，从片8259A接主片IR4，主片IR2和IR5有外部中断引入，从片IR0和IR3也有外设中断引入，主片中断类型码62H，65H，中断服务程序在同一段中，段地址为2500H和2600H，从片中断类型码40H,43H,中断服务程序也在同一段中，段地址4000H,偏移地质2640H和4620H，要求画出硬件图，写出主片的初始化程序。（15分） 主片要求：1.主片有级联，从IR4引入 2.中断请求信号边沿出发 3.中断类型码60H——67H 4特殊全嵌套方式. 5非自动结束，非缓冲方式 6.一般EOI结束方式7.屏蔽IR4,IR2,IR5以外的中断源民法通则考试试题及答案解析(一)
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