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气体性质章末提升题

第八章专题一：气体的状态参量

一．容器（玻璃管）静止或者匀速运动求被密封气体的压强

1. 如图1、2、3、4玻璃管中都灌有水银，分别求出四种情况下被封闭气体A 的压强P A （设大气压强P cm H g 076 ）。

2. 如图所示，竖直放置的足够长的密闭气缸，缸体与缸内理想气体的总质量

m 1=10 kg ，活塞质量m 2=2 kg ，活塞横截面积S=2×10-3 m 2，活塞上端与一个劲度系数k=1×103 N/m 的弹簧相连.当气缸下部被木柱支住时，弹簧刚好不伸长，封闭在气缸内的气柱长L

1=0.2 m ，若外界大气压p 0=1×105 Pa ，g 取10 m/s 2，求：(1)这时气缸内气体的压强为多大？(1.1×105 Pa)

(2)将木柱拿开，待气缸重新平衡后(温度保持不变)弹簧伸长多少？

(0.12m) (3)气缸下降的距离是多少？(0.36m)

二：容器（或者玻璃管）加速运动是，求封闭气体的压强

1.如图所示为一粗细均匀的、一端开口的玻璃管，用一段长为10cm 水银柱封闭了一段空气柱，让玻璃管开口向下沿倾角为37°的斜面以2m/s 2的加速度下滑。若大气压强为

76cm 水银柱高，求密闭气体的压强。

图3

图4

2. 如图所示的试管内由水银封有一定质量的气体，静止时气柱长为L 0，大气压强为P 0，当试管绕竖直轴以角速度ω在水平面内匀速转动时气柱长变为L ，其他尺寸如图所示，求转动时的气体压强（设温度不变，管截面积为S ，水银密度为ρ）。

三：利用气体的三定律（玻意耳定律、查理定律、盖-吕萨克定律）解题使用气体的三定律解题时，要注意其使用条件（即：要明确只有在质量一定时，哪个物理保持不变），从而选取合适的规律解题。

1.如图所示，粗细均匀的弯曲玻璃管A 、B 两端口，管内有一段水银柱，右管内气柱长为39cm ，中管内水银面与管口A 之间气柱长为40cm （如甲图），先将B 端封闭，再将左管竖直插入水银槽（如乙图）；设整个过程温度不变，稳定后右管内水银面比中管内水银面高2cm ，求：（1）稳定后右管内的气体压强P ；（78cmHg ）（2）左管A 端插入水银槽的深度h 。（大气压强P 0=76cmHg ）(7cm)

2. 如图，一上端开口，下端封闭的细长玻璃管，下部有长l 1=66cm 的水银柱，中间封有长l 2=6.6cm 的空气柱，上部有长l 3=44cm 的水银柱，此时水银面恰好与管口平齐。已知大气压强为P o =70cmHg 。如果使玻璃管绕低端在竖直平面内缓慢地转动一周，求在开口向下和转回到原来位置时管中空气柱的长度。封入的气体可视为理想气体，在转动过程中没有发生漏气。

四：水银柱移动方向的判断技巧

水银柱封闭的气体，在气体的状态变化时，常会引起水银柱的移动。判定水银柱的移动方向，方法较多，常用“假设法”、“图线法”等；判定水银柱移动方向的问题，常是综合能力的体现，也是综合运用物理规律的体现，应强化训练。

1. 如图所示，容器A和容器B分别盛有氢气和氧气，用一

段水平细玻璃管相通，管内有一段水银柱将两种气体隔开，

当氢气的温度为0 ℃,氧气温度是20 ℃时，水银柱怎样移

动？

(1)两气体均升高温度20 ℃；

(2)两气体均降低温度20 ℃；

(3)若初状态如图8-2-17所示且气体的初温相同，则两气体均升高10 ℃时，水银柱怎样移动？

2．在一竖直放置的上细下粗的密闭细管内，水银柱将气体隔成A、B两部

分，初始温度相同。加热使A、B升高相同温度并达到稳定后，体积变化量

为△V A、△V B，压强变化量为△p A、△p B，对液面压力的变化量为△F A、

△F B，则（）

（A）水银柱向上移动了一段距离（B）△V A＜△V B

（C）△P A＞△P B（D）△F A＝△F B

五：气体状态变化图像处理问题求解

一定质量的理想气体的状态及其状态变化过程，可以用P-V图像、P-T图像、V-T图像中的点和线分别加以描述，要理解图像的物理意义。在此基础上关注气体状态变化图像以下几个方面的应用：（1）利用图像分析状态变化；（2）利用图像判定状态能否实现；（3）图像之间的相互变换。

1. 一定质量的理想气体经历如图所示的一系列过程，ab、bc、cd和

da这四段过程在p－T图上都是直线段，其中ab的延长线通过坐标原

点O，bc垂直于ab，而cd平行于ab．由图可以判断（）

A．ab过程中气体体积不断减小

B．bc过程中气体体积不断减小

C．cd过程中气体体积不断增大

D．da过程中气体体积不断增大

2. 已知理想气体的内能与温度成正比。如图所示的实线为汽缸内

一定质量的理想气体由状态1到状态2的变化曲线，则在整个过

程中汽缸内气体的内能

A.先增大后减小

B.先减小后增大

C.单调变化

D.保持不变

六：变质量问题的处理技巧

气体实现定律适用于一定质量的气体，当气体质量发生变化时（像充气、漏气问题），要通过合理选取研究对象，把变质量问题转化为恒质量问题，从而可应用实验定律解决。

1.活塞式气泵利用气体体积膨胀来降低气体压强的。已知某储气罐的容积为V0，气泵气筒的容积为V，设抽气过程中储气罐和气筒的温度都不发生变化，储气罐内气体的压强是P0，抽气两次后，储气罐内气体的压强变为多少？

2.某容积为20L的氧气瓶里装有30atm的氧气，现把氧气分装到容积为5L的小钢瓶中，使每个小钢瓶中氧气的压强为4atm，如每个小钢瓶中原有氧气压强为1atm。问最多能分装多少瓶？（设分装过程中无漏气，且温度不变）

3. 如图2所示，两个充有空气的容器A、B，以装有活塞栓的细管相连通，容器A浸在温度为t1=-23℃的恒温箱中，而容器B浸在t2=27℃的恒温箱中，彼此由活塞栓隔开。容器A的容积

为V1=1L，气体压强为P1=1atm；容器B的容积为V2=2L ，气

体压强为P2=3atm，求活塞栓打开后，气体的稳定压强是多少？

气体计算题

1．如图所示为0.3mol的某种气体的压强和温度关系p－t图线。p0表示1个标准大气压。求： (1)t＝0℃气体体积为多大？ (2)t＝127℃时气体体积为多大？ (3)t＝227℃时气体体积为多大？ 2．(2012·上海青浦区高三期末)一端开口的U形管内由水银柱封有一段空气柱，大气压强为76cmHg，当气体温度为27℃时空气柱长为8cm，开口端水银面比封闭端水银面低2cm, 如下图所示，求： (1)当气体温度上升到多少℃时，空气柱长为10cm? (2)若保持温度为27℃不变，在开口端加入多长的水银柱能使空气柱长为6cm? 3．如图所示，带有刻度的注射器竖直固定在铁架台上，其下部放入盛水的烧杯中。注射器活塞的横截面积S＝5×10－5m2，活塞及框架的总质量m0＝5×10－2kg，大气压强p0＝1.0×105Pa.当水温为t0＝13℃时，注射器内气体的体积为5.5mL。(g＝10m/s2) (1)向烧杯中加入热水，稳定后测得t1＝65℃时，气体的体积为多大？ (2)保持水温t1＝65℃不变，为使气体的体积恢复到5.5mL，则要在框架上挂质量多大的钩码？ 4．(2012·上海金山区高二期末)如图所示，固定的绝热气缸内有一质量为m的“T”型绝热活塞(体积可忽略)，距气缸底部h0处连接一U形管(管内气体的体积忽略不计)。初始时，封闭气体温度为T0，活塞距离气缸底部为1.5h0，两边水银柱存在高度差。已知水银的密度为ρ，大气压强为p0，气缸横截面积为s，活塞竖直部分长为1.2h0，重力加速度为g。试问： (1)初始时，水银柱两液面高度差多大？ (2)缓慢降低气体温度，两水银面相平时温度是多少？

2019-2020学年高中地理人教版必修1学案：第一章章末整合提升 Word版含答案

章末整合提升第一节宇宙中的地球 ______■教材P4读图思考■________________________________________________________________________ 图1.3天体系统的层次地球与月球组成地月系，地球是地月系的中心天体。 ______■教材P4～6活动■________________________________________________________________________ 1．(1)从图1.4可以看出，行星都是逆时针绕日公转的。 (2)根据图和表中的行星轨道倾角数据，行星公转轨道面差不多在一个平面内，轨道倾角最大的水星也只有7°。 (3)根据表中的行星轨道偏心率数据，偏心率最大的水星也只有0.206，非常接近圆形。 2．行星类别距日远近质量体积类地行星 1 1 1 巨行星 2 3 3 远日行星 3 2 2 3．由上面的分析可知，与其他行星相比，地球在公转运动特征方面没有特殊的地方，地球的质量和体积既不是最大的，也不是最小的，也没有特殊的地方。因此，地球是太阳系中的一颗普通行星。第二节太阳对地球的影响 ______■教材P9～10活动■________________________________________________________________________ (1)由低纬向高纬递减。 (2)热带雨林生物量为2kg/(m2·a)，较大；亚寒带针叶林生物量为0.8kg/(m2·a)，较小。 (3)有相关性。生物量与太阳辐射量呈正相关，后者决定前者。低纬度地区太阳辐射量大，热带雨林植物生长旺盛，生物量大；中高纬度地区太阳辐射量相对较小，植物生长比较缓慢，

新教材中图地理必修第二册课后检测能力提升：第四章国土开发与保护章末综合检测四含解析

章末综合检测(四) (时间：90分钟分值：100分) 一、选择题(每小题2分，共50分) 读北京人口密度与人均用地变化图，回答1～3题。 1．北京人口密度变化的原因是() A．自然增长率回升B．城市用地规模缩小 C．净迁入人口增加D．人均用地持续减少 2．图中人口密度与人均用地的变化不会导致() A．加剧该市老龄化现象且劳动力紧缺 B．城区土地资源、水资源日趋紧张 C．市区交通拥堵加剧，环境压力加大 D．促进城市空间结构发生明显变化 3．在京津冀一体化的背景下，石家庄成为承接北京批发商业的最佳地，其优势有() ①距离北京近②劳动力充足③政策支持④技术资金雄厚⑤交通便利⑥市场潜力大 A．①②③⑤B．①③⑤⑥ C．②③⑤⑥D．①②④⑥ 解析：第1题，目前，我国城市自然增长率较低，北京城市用地规模变大，城市人口快速增长主要来自人口的大量迁入，图中显示人均用地波动减少并非持续减少，据此选C。第2题，城市人口增加和人均用地的减少，造成环境压力加大、资源紧张、交通拥堵等问题，城市往往开发新区解决问题，从而使城市空间结构发生变化。城市迁入人口往往以青壮年人口为主，主要可以缓解城市老龄化现象，据此选A。第3题，石家庄是距离北京较近的城市，人口稠密、市场较广，有多条交通线经过，有利于商品流通，加上京津冀一体化的政策优势，有利于吸引北京批发商业迁入，选B。

答案：1.C 2.A 3.B 2017年4月1日，中共中央、国务院决定设立河北雄安新区，涉及河北雄县、容城、安新3县及周边部分区域。雄安新区定位于绿色生态宜居新城区、创新驱动发展引领区、协调发展示范区、开放发展先行区，这是继深圳经济特区和上海浦东新区之后又一具有全国意义的新区，是千年大计、国家大事。下图为白洋淀流域图。读下图，回答4～6题。 4．白洋淀流域() A．白洋淀的水质好于水库 B．流域属于内流区域 C．跨第二级阶梯和第三级阶梯 D．不参与海陆间循环 5．图示区域() A．河流的流量稳定B．3－5月会出现春旱 C．人均水资源丰富D．以水稻种植业为主 6．有关雄安新区的叙述，不正确的是() A．具备良好的区位基础 B．可以深入推进京津冀协同发展 C．承担集中疏解北京非首都功能的作用 D．批发市场、养老产业可迁入新区解析：第4题，白洋淀位于太行山东麓永定河冲积扇与潴沱河冲积扇相夹持的低洼地区，为冲积平原洼地。太行山是我国第二、三级阶梯的界线，C正确；流域河流最终注入海洋，所以属于外流区域，且河流参与海陆间循环，B、D错误；白洋淀的水质不如水库，A错误。第5题，该区域地处温带季风气候区，河流流量季节变化大，A错误；降水少且人多，人均水资源短缺，C错误；以种植小麦为主，D错误；3－5月雨季还没到达，且气温回升，蒸

高中物理选修3-3气体计算题

1．[2016·全国Ⅲ，33(2)，10分]一U形玻璃管竖直放置，左端开口，右端封闭，左端上部有一光滑的轻活塞．初始时，管内汞柱及空气柱长度如图所示．用力向下缓慢推活塞，直至管内两边汞柱高度相等时为止．求此时右侧管内气体的压强和活塞向下移动的距离．已知玻璃管的横截面积处处相同；在活塞向下移动的过程中，没有发生气体泄漏；大气压强p0＝ cmHg.环境温度不变． 1．【解析】设初始时，右管中空气柱的压强为p1，长度为l1；左管中空气柱的压强为p2＝p0，长度为l2.活塞被下推h后，右管中空气柱的压强p1′，长度为 l ′；左管中空气柱的压强为p2′，长度为l2′.以cmHg为压强单位．由题给条1 件得 p ＝p0＋－ cmHg ① 1 l ′＝错误! cm＝ cm ② 1 由玻意耳定律得p1l1＝p1′l1′③联立①②③式和题给条件得p1′＝144 cmHg ④ 依题意p2′＝p1′⑤l ′＝ cm＋错误! cm－h＝－h) cm ⑥ 2 由玻意耳定律得p2l2＝p2′l2′⑦联立④⑤⑥⑦式和题给条件得h＝ cm ⑧【答案】144 cmHg cm 2．[2016·全国Ⅱ，33(2)，10分]一氧气瓶的容积为 m3，开始时瓶中氧气的压强为20个大气压．某实验室每天消耗1个大气压的氧气 m3.当氧气瓶中的压强降低到2个大气压时，需重新充气．若氧气的温度保持不变，求这瓶氧气重新充气前可供该实验室使用多少天．

2．【解析】设氧气开始时的压强为p1，体积为V1，压强变为p2(2个大气压)时，体积为V2，根据玻意耳定律得p1V1＝p2V2 ① 重新充气前，用去的氧气在p2压强下的体积V3＝V2－V1 ②设用去的氧气在p0(1个大气压)压强下的体积为V0，则有 p 2V 3 ＝p0V0 ③ 设实验室每天用去的氧气在p0下的体积为ΔV，则氧气可用的天数N＝ V ΔV ④ 联立①②③④式，并代入数据得N＝4(天) ⑤【答案】4天 3．[2016·全国Ⅰ，33(2)，10分]在水下气泡内空气的压强大于气泡表面外侧水的压强，两压强差Δp与气泡半径r之间的关系为Δp＝2σ r ，其中σ＝ N/m. 现让水下10 m处一半径为 cm的气泡缓慢上升，已知大气压强p0＝×105Pa，水的密度ρ＝×103 kg/m3，重力加速度大小g＝10 m/s2. (1)求在水下10 m处气泡内外的压强差； (2)忽略水温随水深的变化，在气泡上升到十分接近水面时，求气泡的半径与其原来半径之比的近似值． 3．【解析】(1)当气泡在水下h＝10 m处时，设其半径为r1，气泡内外压强差为Δp1，则Δp1＝2σr 1 ① 代入题给数据得Δp1＝28 Pa ②

18学年高中生物第一章孟德尔定律章末整合提升教学案浙科版必修2

18学年高中生物第一章孟德尔定律章末整合提升教学案浙科版必修2 D

规律方法整合整合一基因、性状等概念间的相互联系 1．传粉类 (1)自花传粉：两性花的花粉，落到同一朵花的雌蕊柱头上的过程。 (2)异花传粉：两朵花之间的传粉过程。 (3)闭花授粉：花在未开放时，雄蕊花药中的花粉传到雌蕊的柱头上，传粉后花瓣才展开，即开花。 2．交配类 (1)杂交：基因型不同的个体间相互交配的过程。 (2)自交：植物体中自花授粉和雌雄异花的同株授粉。自交是获得纯合子的有效方法。 )与隐性纯合子相交，来(3)测交：就是让杂种(F 1 测F 的基因型。 1 (4)正交与反交：对于雌雄异株的生物杂交，若甲(♀)×乙(♂)为正交，则乙(♀)×甲(♂)为反

交。 3．性状类 (1)相对性状：同种生物同一种性状的不同表现形式。 (2)显性性状：具有相对性状的两纯种亲本杂交，能表现出来的亲本性状。 F 1 (3)隐性性状：具有相对性状的两纯种亲本杂交，未能表现出来的亲本性状。 F 1 (4)性状分离：杂交的后代中，显性性状和隐性性状同时出现的现象。 4．基因类 (1)等位基因：控制一对相对性状的两种不同形式的基因。 (2)显性基因：控制显性性状的基因(用大写字母表示)。 (3)隐性基因：控制隐性性状的基因(用小写字母表示)。 5．核心概念间的关系

例1 下列叙述错误的是( ) A．相对性状是指同种生物的不同性状的不同表现类型 B．杂种后代中显现不同性状的现象称为性状分离 C．表现型相同，基因型不一定相同 D．等位基因是控制相对性状的基因答案 A 解析相对性状是指同种生物同一性状的不同表现形式，故A错误。杂种后代中显性性状和隐性性状同时出现的现象叫性状分离，故B正确。表现型相同，基因型不一定相同，如纯合高茎和杂合高茎，故C正确。等位基因能控制相对性状，故D正确。

北师大版数学选修2-2巩固提升：第四章定积分章末综合检测(四)

章末综合检测(四) (时间：120分钟，满分：150分) 一、选择题：本题共12小题，每小题5分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的． 1. ??0 1(e x ＋2x )d x 等于( ) A ．1 B ．e －1 C ．e D ．e ＋1 解析：选C. ??0 1(e x ＋2x )d x ＝(e x ＋x 2)|10＝e ＋1－1＝e. 2．由曲线xy ＝a (a ＞0)在[a ，2a ]上绕x 轴旋转一周所得的旋转体的体积为( ) A ．πa B ．πa 2 C.π2 a D.π2 a 2 解析：选C.曲线方程改写成y ＝a x ，因此所求体积为V ＝? ?a 2a π·a 2x 2d x ＝－πa 2x －1|2a a ＝－πa 2·12a ＋πa 2·1a ＝π 2a .故选C. 3．函数y ＝??-x x (cos t ＋t 2＋2)d t (x ＞0)是( ) A ．奇函数 B ．偶函数 C ．非奇非偶函数 D ．以上都不正确解析：选A.y ＝????sin t ＋t 3 3＋2t |x －x ＝2sin x ＋2x 3 3 ＋4x ，为奇函数． 4．若a ＝??02x 2d x ，b ＝??02x 3d x ，c ＝??0 2sin x d x ，则a ，b ，c 从小到大的顺序为( ) A ．a ＜b ＜c B ．b ＜a ＜c C ．c ＜b ＜a D ．c ＜a ＜b 解析：选D.因为? ?0 2x 2d x ＝13x 3|20＝8 3， ??0 2x 3d x ＝ 14x 4|2 ＝4， ??0 2 sin x d x ＝－cos x |2 0 ＝1－cos 2＜2，故c ＜a ＜b . 5．曲线y ＝sin x 与直线y ＝ 2 π x 所围成的平面图形的面积为( )

高中物理选修- 气体计算题

高中物理选修3-3 气体计算题 1．[2016·全国Ⅲ，33(2)，10分]一U 形玻璃管竖直放置，左端开口，右端封闭，左端上部有一光滑的轻活塞．初始时，管内汞柱及空气柱长度如图所示．用力向下缓慢推活塞，直至管内两边汞柱高度相等时为止．求此时右侧管内气体的压强和活塞向下移动的距离．已知玻璃管的横截面积处处相同；在活塞向下移动的过程中，没有发生气体泄漏；大气压强p 0＝75.0 cmHg.环境温度不变． 1．【解析】设初始时，右管中空气柱的压强为p 1，长度为l 1；左管中空气柱的压强为p 2＝p 0，长度为l 2.活塞被下推h 后，右管中空气柱的压强p 1′，长度为l 1′；左管中空气柱的压强为p 2′，长度为l 2′.以cmHg 为压强单位．由题给条件得 p 1＝p 0＋(20.0－5.00) cmHg ① l 1′＝? ? ???20.0－ 20.0－5.002 cm ＝12.5 cm ② 由玻意耳定律得p 1l 1＝p 1′l 1′ ③ 联立①②③式和题给条件得p 1′＝144 cmHg ④ 依题意p 2′＝p 1′ ⑤ l 2′＝4.00 cm ＋20.0－5.00 2 cm －h ＝(11.5－h ) cm ⑥ 由玻意耳定律得p 2l 2＝p 2′l 2′ ⑦ 联立④⑤⑥⑦式和题给条件得h ＝9.42 cm ⑧ 【答案】 144 cmHg 9.42 cm 2．[2016·全国Ⅱ，33(2)，10分]一氧气瓶的容积为0.08 m 3，开始时瓶中氧气的压强为20个大气压．某实验室每天消耗1个大气压的氧气0.36 m 3.当氧气瓶中

的压强降低到2个大气压时，需重新充气．若氧气的温度保持不变，求这瓶氧气重新充气前可供该实验室使用多少天． 2．【解析】设氧气开始时的压强为p 1，体积为V 1，压强变为p 2(2个大气压)时，体积为V 2，根据玻意耳定律得p 1V 1＝p 2V 2 ① 重新充气前，用去的氧气在p 2压强下的体积V 3＝V 2－V 1 ② 设用去的氧气在p 0(1个大气压)压强下的体积为V 0，则有 p 2V 3＝p 0V 0 ③ 设实验室每天用去的氧气在p 0下的体积为ΔV ，则氧气可用的天数N ＝V 0ΔV ④ 联立①②③④式，并代入数据得N ＝4(天) ⑤ 【答案】 4天 3．[2016·全国Ⅰ，33(2)，10分]在水下气泡内空气的压强大于气泡表面外侧水的压强，两压强差Δp 与气泡半径r 之间的关系为Δp ＝2σ r ，其中σ＝0.070 N/m.现让水下10 m 处一半径为0.50 cm 的气泡缓慢上升，已知大气压强p 0＝1.0×105 Pa ，水的密度ρ＝1.0×103 kg/m 3，重力加速度大小g ＝10 m/s 2. (1)求在水下10 m 处气泡内外的压强差； (2)忽略水温随水深的变化，在气泡上升到十分接近水面时，求气泡的半径与其原来半径之比的近似值． 3．【解析】 (1)当气泡在水下h ＝10 m 处时，设其半径为r 1，气泡内外压强差为Δp 1，则Δp 1＝2σr 1 ① 代入题给数据得Δp 1＝28 Pa ② (2)设气泡在水下10 m 处时，气泡内空气的压强为p 1，气泡体积为V 1；气泡到达水面附近时，气泡内空气的压强为p 2，内外压强差为Δp 2，其体积为V 2，半径为

第一章植物生命活动的调节章末整合提升学案(含答案)

第一章植物生命活动的调节章末整合提升学案（含答案）影响生长素分布的因素1外因1单侧光茎的向光性单侧光照射胚芽鞘，使生长素从形态学上端到形态学下端极性运输的同时，在尖端产生一定程度地横向运输，从而使尖端下部背光一侧生长素比向光一侧生长素分布得多。 2地心引力根的向地性，茎的负向地性横放的植物，由于受到重力的影响，生长素横向运输，使茎.根的近地侧生长素分布得多.远地侧生长素分布得少。.为极性运输，.为横向运输水平放置植物的生长素运输示意图2内因根.茎本身的遗传特性根对生长素的敏感程度强茎对生长素的敏感程度弱植物生长状况的分析判断1 判断依据2茎的向光性.茎的背地性.根的向地性都有弯曲现象，但解释弯曲的原因不同1茎对生长素不敏感，解释茎的弯曲一般用“生长素的促进作用”。 2根对生长素较敏感，解释根的弯曲一般用“生长素的促进和抑制作用”，即两重性；顶端优势也体现了两重性。 3失重状态下水平放置的植物的根.芽中生长素分布是均匀的，植物会水平生长。但其向光性是会保留的。 3生长素相关实验的图解分析类别图解条件相关结果遮盖类直立生长向光生长暗箱类直立生长向光小孔生长插入类向右侧生长

直立生长向光生长向光生长移植类直立生长向左侧生长中IAA的含量abc，bc旋转类直立生长向光生长向小孔生长茎向心生长，根离心生长横置类中IAA含量及作用abcd，都促进生长abcd， a.c.d促进生长，b抑制生长梯度类得出相应的最适宜的生长素浓度特别提醒有关生长素实验材料的作用归纳锡纸蔽光。云母片或盖玻片生长素不能通过，阻挡其运输。琼脂块不能感光，允许水分和生长素通过，也可贮存生长素。分析实验设计类型试题的方法1认清实验中的对照。在实验的方法步骤设计中，必须遵循对照原则。对照的常用方法有以下几种1空白对照不给对照组任何处理因素。 2自身对照对照和实验都在同一研究对象上进行。 3相互对照不单设对照，而是几个实验相互对照。在实验中要注意“变量”的控制，一般只改变一个变量自变量。 2认清实验中的自变量.因变量和无关变量，确定实验的先后顺序。一般来讲，分三步分组.处理.观察。 3组织语言，准确描述。要注意体现“等量原则”的词语的准确使用，如“等量”“等温”“生长状况相同”等。在时间.温度.物质的量上难以做到准确的量化描述时，要尽可能用“定性”的语言表达，如“一段时间”“适宜的温度”“适量的”“定量的”等。

2018年高考地理大一轮复习第四章地表形态的塑造章末综合提升试题

章末综合提升地貌成因类题目答题模板地貌的成因主要有以下几种情况：第一种是以内力作用为主，第二种是以外力作用为主；第三种是内外力共同作用。严格讲地球上的地貌都是在内外力共同作用下形成的，只不过以一种为主，另一种为辅，因此在分析时要具体问题具体分析。 1．地貌形成原因及过程，其答题思路为： 2．地貌的类型及形成过程，其答题思路为： (高考山东卷)阅读材料，回答下列问题。年降水量仅200 mm左右但蒸发量达1 600 mm的银川平原，因黄河贯穿，湖泊众多，加之贺兰山的“守护”，盛产稻米、枸杞等名特优产品，有着“塞上江南”的美誉。图1为银川

平原及周边区域图，图2为该区域地貌景观示意图。图1图2 指出图2中P处的地貌类型，并说明其形成过程。冲积扇(洪积扇)。山区河流流出山口，流速减缓，其携带的大量碎石和泥沙在山前堆积。 1．内力作用形成的地貌思考方向满分术语褶皱背斜山向斜谷内力作用(挤压) 位于××板块与××板块碰撞挤压地带，岩层受挤压弯曲隆起(凹陷)，形成背斜山(向斜谷) 断层断块山断层谷断层崖内力作用(挤压或拉伸) 位于××板块与××板块张裂地带，岩层沿断裂面上升形成断块山，下陷形成断层谷，断裂面形成断层崖岩浆活动火山熔岩高原火山喷发地下炽热岩浆，在巨大压力作用下，沿地壳薄弱地带喷出地表，形成火山或熔岩高原

2. 外力作用形成的地貌思考方向满分术语侵蚀地貌流水侵蚀地貌河谷、沟谷、峡谷水在流动的过程中，对河床及两岸的冲蚀作用形成喀斯特地貌可溶性石灰岩在含有CO2的流水中发生化学反应，被溶解而形成的地貌风力侵蚀地貌风携带的大量沙石对周围岩石的破坏作用形成的地貌，如风蚀蘑菇、风蚀城堡、风蚀洼地等冰川侵蚀地貌在高纬或高山地区，冰川在运动过程中不断地侵蚀底部岩石和侧面岩壁，往往形成冰斗和角峰沉积地貌流水堆积地貌河流冲积扇河流流出山口，地势突然趋于平缓，河道变宽，水流速度减慢，河流携带的大量碎石和泥沙在山前堆积下来，形成冲积扇(洪积扇) 河口三角洲河流携带大量泥沙注入海洋，由于地势低平，再加上海水的顶托作用，水流缓慢，大量泥沙在河流入海口处堆积形成三角洲风力沉积地貌风携带的大量碎屑物质，在受到阻挡等作用下，风速降低，大量物质沉积而形成的地貌，如沙丘等冰川堆积地貌冰川携带的大量物质在温度升高时，冰川融化，大量物质在原地堆积而形成冰碛地貌，如东欧平原等 3.内外力共同作用形成的地貌地球上的地貌绝大部分是在内外力共同作用下形成的。如背斜谷、向斜山、渭河平原、汾河谷地等。思考方向满分术语背斜谷向斜山内外力作用岩层在挤压作用下形成背斜和向斜，背斜顶部因受到张力，被侵蚀成谷地；向斜槽部受挤压，不易被侵蚀，形成山岭渭河平原汾河谷地内外力作用在内力作用下形成断层谷；河流携带泥沙在谷地沉积而形成

气体性质计算题简答案

3-3气体性质计算题简编 1.如图所示，活塞把密闭气缸分成左、右两个气室，每室各与U 形管压强计的一臂相连，压强计的两壁截面处处相同，U 形管内盛有密度为32/105.7m kg ?=ρ的液体。开始时左、右两气室的体积都为32010 2.1M V -?=，气压都Pa p 30100.4?=，且液体的液面处在同一高度，如图19－2所示，现缓慢向左推进活塞，直到液体在U 形管中的高度差h=40cm ，求此时左、右气室的体积1V 、2V ，假定两气室的温度保持不变，计算时可以不计U 形管和连接管道中气体的体积，g 取2/10s m 。 2.某房间的容积为20m 3，在温度为17℃，大气压强为74 cm Hg 时，室内空气质量为25kg ，则当温度升高到27℃，大气压强变为76 cm Hg 时，室内空气的质量为多少千克？ 3.向汽车轮胎充气，已知轮胎内原有空气的压强为1.5个大气压，温度为20℃，体积为20L ，充气后，轮胎内空气压强增大为7.5个大气压，温度升为25℃，若充入的空气温度为20℃，压强为1个大气压，则需充入多少升这样的空气(设轮胎体积不变)． 4.如图13－60所示，气缸A 和容器B 由一细管经阀门K 相连，A 和B 的壁都是透热的，A 放在27℃、1标准大气压的大气中，B 浸在127℃的恒温槽内，开始时K 是关断的，B 内没有气体，容积V B ＝2.4L ，A 内装有气体，体积V A ＝4.8L ，打开K ，使气体由A 流入B ，等到活塞D 停止移动时，A 内气体体积是多大？假设活塞D 与气缸壁之间没有摩擦，细管的容积忽略不计． 5.如下图所示，粗细均匀的U 形玻璃管竖直放置，两臂长为50cm.在两管中注入10cm 高的水银后，封闭左管口，求继续向右管中注入多高的水银，可使左管水银面上升4cm ，设整个过程中温度保持不变，且大气压强P 0＝760mmHg. 6.如下图所示，活塞A 将一定质量的气体封闭在汽缸B 内，当汽缸竖直放置时，活塞到缸底的距离为60cm ，活塞与汽缸间摩擦不计，大气压强为1.0×105Pa.现将汽缸平放在水平地面上，测得活塞A 到缸底的距离为100cm ，并测得汽缸B 的截面积S ＝100cm 2 ，求活塞A 的质量. 7.如下图所示中一个横截面积为10cm 2的容器内，有一个用弹簧和底面相连的活塞，当温度为27℃，内外压强都是1.01×105Pa 时，活塞和底面相距10cm ，在活塞上放质量为40kg 的物体，活塞下降5cm ，温度仍为27℃(活塞质量不计，g 取9.8m/s 2)，求： (1)弹簧劲度系数k; (2)如把活塞内气体加热到57℃，为保持活塞位置仍下降5cm ，活塞上应再加的物体质量为多少? 8.如下图所示，气缸内底部面积为0.02米2，被活塞封闭在气缸内的空

高中数学北师大选修1-2练习：第三章推理与证明章末优化总结

章末检测(三) 推理与证明 (时间：90分钟满分：100分) 第Ⅰ卷(选择题，共40分) 一、选择题(本大题共10小题，每小题4分，共40分，在每小题给出的四个选项中只有一项是符合题目要求的) 1．已知扇形的弧长为l ，半径为r ，类比三角形的面积公式：S ＝底×高 2，可推出扇形面积公式S 扇等于( ) A.r 22 B.l 22 C.lr 2 D ．不可类比解析：由条件知S 扇＝1 2lr . 答案：C 2．给出下列推理： ①由A ，B 为两个不同的定点，动点P 满足||P A |－|PB ||＝2a <|AB |，得点P 的轨迹为双曲线； ②由a 1＝1，a n ＝3n －1，求出S 1，S 2，S 3猜想出数列{a n }的前n 项和S n 的表达式； ③由圆 x 2＋y 2＝r 2的面积为 πr 2，猜想出椭圆 x 2a 2＋y 2 b 2 ＝1的面积为S ＝ab π； ④科学家利用鱼的沉浮原理制造潜艇．其中是归纳推理的命题个数为( ) A ．0 B ．1 C ．2 D ．3 解析：由题意知只有②是归纳推理．答案：B 3．设f 0(x )＝cos x ，f 1(x )＝f 0′(x )，f 2(x )＝f 1′(x )，…，f n ＋1(x )＝f n ′(x )(n ∈N ＋)，则f 2 011(x )＝( ) A ．sin x B ．－sin x C ．cos x D ．－cos x 解析：由条件知f 0(x )＝cos x ， f 1(x )＝－sin x ， f 2(x )＝－cos x ，f 3(x )＝sin x ，f 4(x )＝cos x ，…，故函数f (x )以4为周期循环出现，故f 2 011(x )＝sin x . 答案：A 4．已知{}b n 为等比数列，b 5＝2，则b 1·b 2·b 3·b 4·b 5·b 6·b 7·b 8·b 9＝29.若{}a n 为等差数列，a 5＝2，则{}a n 的类似结论为( )

气体的性质计算题

气体的性质 1.如下图所示，有一个圆筒形容器，长为3L ，其中装有两个可移动的活塞，分别把两部分气体封闭在圆筒的两部分A 和B 中，A 和B 中为等质量的同种气体，两活塞之间有一被压缩的弹簧且为真空，其自然长为2L ，劲度系数为K ，当AB 两部分气温为T 1开时，弹簧的长为L ，整个系统保持平衡。现使气温都下降为T 2开，弹簧的长度变为1.5L ，则1 2T T ＝。 1.3/8 2.如下图所示为0.2摩尔的某种气体的压强与温度的关系，图中P 0为标准大气压，气体在B 状态时的体积是。 2.5.6升 3.使一定质量的理想气体如下图中箭头所示的顺序变化，图线BC 是一段以纵轴和横轴为渐近线的双曲线，已知气体在状态A 的温度T A ＝300K ，则气体在状态B 、C 和D 的温度 T B ＝，T C ＝，T D ＝。 3.T B ＝T C ＝600k ；T D ＝300k 4.在圆形容器有一弹簧，上端固定，下端连一重力不计的活塞，活塞与容器壁之间不漏气且不计摩擦，容器活塞上面部分为真空，当弹簧自然伸长时，活塞刚好能触及到容器底部，如果活塞下面充入一定质量的温度为T 的某种气体，使活塞下面气柱的高度为h ，如右图所示，当容器气体温度升高到T 1时，则气柱的高度h 1= 。 4. T T h /1 5.用注射器验证玻—马定律实验中，因活塞不便从注射器上拆下，为了知道活塞压气体时产生的附加压强ΔP，一位学生采用了这样的方法：先使注射器如图(a)竖直放置，读出封闭气体体积V 1＝36毫升，然后把注射器倒转180°，如下图(b)放置，读出封闭气体体积 V 2＝38毫升，已知大气压为P o ＝76厘米汞柱，则由活塞重力对气体产生的附加压强为。 5.2.05cmHg 6.潜水艇的贮气筒与水箱相连，当贮存的空气压入水箱后，水箱就排出水使潜水艇浮起。某潜水艇贮气筒的容积为2米3，贮有压强为2.00×107帕的压缩气体。一次将筒一部分空气压入水箱后，压缩空气的压强变为9.5×106帕。求贮气筒排出的压强为2.00×107帕的压缩气体的体积。（假设过程中温度不变） 6.1.05米3

高中物理人教版必修2导学案：第五章曲线运动章末整合提升 Word版含解析(2篇)

一、运动的合成和分解 1．判断合运动的性质关于合运动的性质，是直线运动还是曲线运动，是匀变速运动还是非匀变速运动(即加速度变化)，都是由合运动的速度和这一时刻所受合力的情况决定的． (1)若合速度方向与合力方向在同一直线上，则合运动为直线运动． (2)若合速度方向与合力方向不在同一直线上，则合运动为曲线运动． (3)若物体所受外力为恒定外力，则物体一定做匀变速运动．匀变速运动可以是直线运动，也可以是曲线运动，如自由落体运动为匀变速直线运动，平抛运动为匀变速曲线运动． 2．小船渡河问题

v 水为水流速度，v 船为船相对于静水的速度，θ为v 船与上游河岸的夹角，d 为河宽．小船渡河的运动可以分解成沿水流方向和垂直河岸方向两个分运动，沿水流方向小船的运动是速度为v 水－v 船cos θ的匀速直线运动，沿垂直河岸方向小船的运动是速度为v 船sin θ的匀速直线运动． (1)最短渡河时间：在垂直于河岸方向上有t ＝d v 船sin θ，当θ＝90°时，t min ＝d v 船 (如图1甲所示)．图1 (2)最短渡河位移 ①若v 船>v 水，则当合速度的方向垂直岸时，渡河位移最小x min ＝d ，此时船头与上游河岸成θ角，满足cos θ＝v 水 v 船 (如图乙所示)． ②若v 船

北师大数学选修新素养应用案巩固提升：第四章导数应用章末综合检测四含解析

章末综合检测(四)[学生用书P137(单独成册)] (时间：120分钟，满分：150分) 一、选择题：本题共12小题，每小题5分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的． 1．使函数f (x )＝x ＋2cos x 在????0，π 2上取最大值的x 为 ( ) A ．0 B ．π4 C ．π 3 D ．π2 解析：选B ．f ′(x )＝1－2sin x ，所以f (x )在????0，π4上是递增的，在????π4，π 2上是递减的，所以选B ． 2．定义在R 上的函数y ＝f (x )的图像如图所示，则关于x 的不等式xf ′(x )<0的解集为( ) A ．(－2，－1)∪(1，2) B ．(－1，0)∪(1，＋∞) C ．(－∞，－1)∪(0，1) D ．(－∞，－2)∪(2，＋∞) 解析：选C ．当x ∈(－∞，－1)∪(1，＋∞)时， f ′(x )>0，又xf ′(x )<0，所以x ∈(－∞，－1)．当x ∈(－1，1)时，f ′(x )<0，又xf ′(x )<0，所以x ∈(0，1)．综上可知解集为(－∞，－1)∪(0，1)．故选C ． 3．函数f (x )＝x －a x 在x ∈[1，4]上是递减的，则实数a 的最小值为( ) A ．1 B ．2 C ．3 D ．4 解析：选D ．依题意得，当x ∈[1，4]时，f ′(x )＝1－ a 2x ≤0，即a ≥2x 恒成立．注意到x ∈[1，4]时，y ＝2x 的最大值是24＝4，因此，实数a 的最小值为4，选D ． 4．已知f (x )＝x 3＋ax 2＋(a ＋6)x ＋1有极大值和极小值，则a 的取值集合为( ) A ．{a |－1