1. 等比数列}{n a 首项为正数,8,102432
62===?--k k k a a a a ,若对满足128>t a 的任意
t ,
m t
k t k ≥-+都成立,则实数m 的取值范围是____________]8,(--∞
解析:7122262=?=-+?=?-k k k a a a k k ,则22,85643=?===-q a a a k
1
2
-=n n a ,82212871>?>?>-t a t t ,
1714--≤
?≥-+t
m m t
k t k 递增,9≥t ,
27-≤-t ,817714-=--≥-∴
t
2. 已知函数)(x f 定义在正整数集上,且对于任意的正整数x ,都有)1(2)2(+=+x f x f
)(x f -,且6)3(,2)1(==f f ,则_______)2009(=f 4018
解析:实际上是等差数列问题 3. 2
2
2
2
2
2
2
2
2009
12008
11 (4)
13
113
12
112
11
11+
+
+++
+
++
+
++
+
=
S ,则
不大于S 的最大整数][S 等于_______2008
解析:1
111)
1(1)1()
1(1112
2
+-
+
=+++=
++
+n n
n n n n n n
2008][2009
1
12008=?-
+=S S
4. 已知数列{}n a 满足1,a t =,120n n a a +-+= (,)t n ∈∈**N N ,记数列{}n a 的前n 项
和的最大值为()f t ,则()f t = . ???
????++)
(4)1()(4222为奇数为偶数t t t t
t
解析:关键是(,)t n ∈∈**
N N
5. 对任意x ∈R ,函数()f x 满足2
1)]
([)()1(2
+
-=
+x f x f x f ,设2
[()
](),
n a f n f n =-数列{}n a 的前15项和为31,(15)16
f -
则= .4
3
解析:关键之一:不要误入化简函数式的误区;
关键之二:能否看出]1,21
[)(∈x f ;(2
1)1(≥
+x f )
关键之三:)21)(2
1(]1)()[(11-
-+
-=-=--n n n a a n f n f a
得4
11-
=+-n n a a ,从而16
315-
=a ,反代可得4
3)15(=
f
6. 设1250,,,a a a 是从-1,0,1这三个整数中取值的数列,
若2222
12501509,(1)(1)(1)107a a a a a a +++=++++++= 且,则1250,,,a a a 中数字0的个数为 11
解析:由题意,5021,...,,a a a 里有9个1,其余不是0,就是成对出现(1,-1),设有n 个0,m 对(1,-1)
,则412=+n m ,再由 71361074107)
1(...)1(2
502
1=-=+?=++++n m a a ,解得11,15==n m
7. 已知数列{}n a 的各项均为正整数,对于???=,3,2,1n ,有
1
35
2
n n n
k
a a a ++??
=???n n 1n a a k a +为奇数为偶数,是使为奇数的正整数,若存在*m ∈N ,当n m >且n a 为奇数时,n a 恒为常数p ,则p 的值为______1或5
解析:当n a 为奇数时,531+=+n n a a 为偶数,k
n n a a 2
532+=
+为奇数,当n m >且n a 为
奇数时,n a 恒为常数p ,故p
p p k
k
532
2
53+
=?+=
,0>p ,故1=p 或5
8. 已知等差数列{a n }的公差d 不为0,等比数列{b n }的公比q 是小于1的正有理数.若a 1=d ,b 1=d 2
,且
3
212
32221b b b a a a ++++是正整数,则q 等于________
2
1
解析:(2007全国联赛)因为2
2
1112
12
12
13
212
32
22
1114)
2()(q
q q
b q b b d a d a a b b b a a a ++=
++++++=
++++,故
由已知条件知道:1+q +q 2为
m
14,其中m 为正整数。令m
q q 1412
=++,则
m
m m
q 43562
11144
12
1-+-=-++-=。由于q 是小于1的正有理数,所以3141<<
m
,
即5≤m ≤13且
m
m 4356-是某个有理数的平方,由此可知2
1=q
9. 已知等差数列{a n }和{b n }的前n 项和分别为S n ,T n ,且S n T n =n
2n -1
对任意n ∈N *恒成立,
则
a 10
b 5的值为 1917
解析:
S n T n =n
2n -13
412)12()12(1212--==--=?--n n T S b n a n b a n n n n n n ,等差数列{a n }和{b n },故设
=n a )12(-n k ,)34(-=n k b n ,然后直接计算
10. 已知数列{},{}n n a b 满足1211,2,2,a a b ===且对任意的正整数,,,,i j k l 当i j k l
+=+
时,都有i j k l a b a b +=+,则22
1
n
i i
i i i
a b a b =+=∑
.
解析:令1,2,,1-====n l k n j i ,则1121+=?+=+-n b b a b a n n n 再令2,1,1,=-===l n k j n i ,则n a n = 1
112)
1(1
22)
1()1(2
2
2
2
2
+-
+
=+++=
+++=
+k k
k k k k
k k k k
b a b a k
k k
k
11. 在平面直角坐标系中,定义???+=-=++n
n n n
n n x y y x y x 11为点),(n n n y x P 到点),(111+++n n n y x P 的一个
变换为""γ变换,已知)1,0(1P ,),(222y x P ,…,),(n n n y x P ,),(111+++n n n y x P 是经过""γ变换得到的一列点,设1+=n n n P P a ,数列}{n a 的前n 项和为n S ,那么10S 值为__________23131+
解析:),(),,(1n n n n n n n n y x P x y x y P +-+,则
n n n n n n n n x x y x y x y x 2)()(112=--+=-=+++,隔项成等比数列
从前几项找规律:),....8,0(),4,4(),4,0(),2,2(),2,0(),1,1(),1,0(7654321P P P P P P P 24,4,22,2,2,1654321=====
=a a a a a a ,成等比数列
12. 设数列}{n a 的前n 项和为n S ,令n
S S S T n
n +++= 21,称n T 为数列n a a a ,,,21 的
“理想数”,已知数列40021,,,a a a 的“理想数”为2005,则40021,,,,11a a a 的“理想数”
为_________ 2011 解析: 2011
401
400
200540111401
)
11(...)11(11,400
(20054001401400)
1=?+?=
+++++=
++=
S S T S S 13. 已知函数()x x x f tan sin +=.项数为27的等差数列{}n a 满足??
?
?
?-
∈2,
2ππn a ,
且公差0≠d ,若()()()02721=+++a f a f a f ,当()0=k a f 时,则k 的值为_________14
解析:注意到)(x f 为奇函数且在??
?
?
?
-
∈2,
2ππn a 上单调递增,若()0=k a f ,则0=k a ,,........0)()(01111=+?=++-+-k k k k a f a f a a ,若14≠k ,则必然在其左或右多出几项,
函数值的和不为0,而其余和为0,不合题意 14. 数列{}n a 满足:1
2
1141,
1+=
+=n n
a a a ,记∑
==
n
i i n a S 1
2
,若30
12t S S n n ≤
-+对任意的
()+∈N n n 恒成立,则正整数t 的最小值为 10
解析:易得:3
412
-=
n a n ,令n n S S n g -=+12)(,而)1()(+-n g n g
09
815
8114123222221
>+-
+-+=--=+++n n n a a a n n n ,为减数列,
所以:30
45
14)1(12t g S S n n ≤=≤-+,而t 为正整数,所以10min =t
15. 已知函数()()
()56(4)462
x a x f x a
x x -?>?
=?-+≤??, 数列{}n a 满足()(
)+
∈=N n n f a n ,且数列
{}n a 是单调递增数列,则实数a 的取值范围是 ()4,8
16. 已知等差数列}{n a 的前n 项和为n S ,若322(1)2010(1)1a a -+-=,
3
20092009(1)2010(1)1a a -+-=-,则下列四个命题中真命题的序号为 . ②③
①20092009S =; ②20102010S =; ③20092a a <; ④20092S S <
解析:构造函数x x x f 2010)(3+=奇函数且单调增,则1)1(,1)1(20092-=-=-a f a f
则220092=+a a ,,20102
)
(2010200922010=+=a a S ②正确;2
)
(2009200912009a a S +=
因为公差0≠d ,故12a a ≠,①错误;1)1(,1)1(20092-=-=-a f a f ,知12>a ,
12009a ,12009 112010201020092008)2(2010a a a S S +=--=-=,212a a S +=,若2 09 S S <得 20082>a ,而此时322(1)2010(1)1a a -+-=不成立 17. 在等差数列{}n a 中,若任意两个不等的正整数,k p ,都有21k a p =+,21p a k =+, 设数列{}n a 的前n 项和为n S ,若k p m +=,则m S = (结果用m 表示)2 m 解:2)()(2)(-=?-=-?-=-d d p k k p d p k a a p k 2 22 ) 21212(2 ) (2 ) (2 ) (11m m k p m d a a m a a m a a m S p k p k m m ?= -+++= ++= += += + 2m 18. 已知A B C ?的三边长,,a b c 成等差数列,且22284,a b c ++=则实数b的取值范围是 ]72,62( 解法一:设c b a ≤≤,且d b a -=,0,≥+=d d b c 8423)()(2 22222 2 2 =+=+++-=++d b d b b d b c b a 728432 ≤?≤?b b 又c b a >+,故 622 723842 22 2 2 >?< +=?< ?>?+>+-b b d b b d d b d b b d b 解法二:基本不等式c a b +=2,84252)(222222=-=+-+=++ac b b ac c a c b a 而722832584222 2 2 2 ≤?≤?≥-=?≤?≥+=b b b ac b b ac ac c a b 又,c b a >+不妨设c b a ≤≤, (同一题)已知A B C ?的三边长,,a b c 成等差数列,且22284,a b c ++=则实数b的取值 范围是 解析:不妨设c b a ≤≤,且0,,≥+=-=d d b c d b a ,代入等式得 84)()(2 2 2 =+++-d b b d b 84232 2=+?d b ,故728432 ≤?≤b b ,又三边不等 关系知,2 2b d d b d b b d b c b a < ?>?+>+-?>+,故84)2 (222 2 >?+b b 62>?b 19. 已知数列}{n a 、}{n b 都是公差为1的等差数列,其首项分别为1a 、1b ,且511=+b a , *11,N b a ∈.设n b n a c =(* N n ∈),则数列}{n c 的前10项和等于 85 解析:即求10 2 1 ...b b b a a a +++,由于两数列都是公差为1,故此数列也是等差数列,由求 和公式知:451012 9101011 10+=??+ =b b a a S ,而4151)1(111=-=?-+=b a a b 20. 数列{}n a 的前n 项和是n S ,若数列{}n a 的各项按如下规则排列: 11212312341, , , , , , , , , , , 2 3 3 4 4 4 5 5 5 5 6 , 若存在整数k ,使10k S <,110k S +≥,则k a = ___ 7 5 解析:由于 2 12) 1(1...21-= -= -+ ++ n n n n n n n n ,故 4 )1(2)1(21)1...21(21)1...21(...)3 23 1(21-=-?=-+++=-+ +++++ += n n n n n n n n n S 当6=n 时,102 15<=S ,当7=n 时,102 21>= S , 故 102 2176...21>= + +, 107 622175...21<- =+ +,所以7 5= k a 21. 等差数列{}n a 的公差为d ,关于x 的不等式 2 2d x +12d a x ??- ?? ?+c ≥0的解集为[0,22], 则使数列{}n a 的前n 项和n S 最大的正整数n 的值是 .11 解析:由解集可得d a 2 211- =,)0(0 )2 23( <≥--=d n d a n 22. 若数列{}n a 是等差数列,首项120032004200320040,0,.0a a a a a >+><,则使前n 项和 0n S >成立的最大自然数n 是________4006 解析:,0,020042003<>a a 02 ) (40062 ) (400620042003400614006>+= +=a a a a S 而04007 23. 设正项数列}{n a 的前项和是n S ,若}{n a 和}{n S 都是等差数列,且公差相等,则a 1= 4 1 解析:}{n S 是等差数列,则?????+=++=+d a d a d a d a 33221111平方得?????+=++=+d a d a d d a d a d 32442112 112 2)1()2(?-得d d =2 2,而数列各项为正,则,01>a 0≠d ,解得2 1= d 代入(1)得4 11= a 24. 已知等比数列{}n a 满足11a =,102 q <<,且对任意正整数k ,12()k k k a a a ++-+仍是该数 列中的某一项,则公比q 1- 解析:1-=n n q a ,则对任意正整数k ,总存在*N n ∈,使得n k k k q q q q =+-+-)(11成立 两 边同除以 1 -k q , 得k n q q q -=+-)(12,而 102 q << ,则 )1,4 1( 45)2 1(12 2 ∈++-=+--q q q ,即141<<-k n q ,所以 141)21(022 =<<=<-q q q k n ,故1,20=-<- n q q q -=+-)(12得12-= q 2011高考数学压轴题专题训练--数列(36页WORD ) 第六章 数列 高考题 三、解答题 22.(2009全国卷Ⅰ理)在数列{}n a 中,1111 1,(1)2 n n n n a a a n ++==++ (I )设n n a b n = ,求数列{}n b 的通项公式 (II )求数列{}n a 的前n 项和n S 分析:(I )由已知有 1112n n n a a n n +=++11 2 n n n b b +∴-= 利用累差迭加即可求出数列{}n b 的通项公式: 1 122 n n b -=-(* n N ∈) (II )由(I )知1 22n n n a n -=- , ∴n S =11(2)2n k k k k -=-∑111(2)2n n k k k k k -===-∑∑ 而 1 (2)(1)n k k n n ==+∑,又11 2n k k k -=∑ 是一个典型的错位相减法模型, 易得 11 12 42 2n k n k k n --=+=-∑ ∴n S =(1)n n +1242n n -++- 评析:09年高考理科数学全国(一)试题将数列题前置,考查构造新数列和利用错位相减法求前n 项和,一改往年的将数列结合不等式放缩法问题作为押轴题的命题模式。具有让考生和一线教师重视教材和基础知识、基本方法基本技能,重视两纲的导向作用。也可看出命题人在有意识降低难度和求变的良苦用心。 23.(2009北京理)已知数集{}()1212,, 1,2n n A a a a a a a n =≤<<≥具有性质P ;对任意的 (),1i j i j n ≤≤≤,i j a a 与 j i a a 两数中至少有一个属于A . (Ⅰ)分别判断数集{}1,3,4与{}1,2,3,6是否具有性质P ,并说明理由; 高考数列压轴题选讲 1、已知函数3()log ()f x ax b =+的图象经过点)1,2(A 和)2,5(B ,记()*3,.f n n a n N =∈ (1)求数列}{n a 的通项公式; (2)设n n n n n b b b T a b +++== 21,2 ,若)(Z m m T n ∈<,求m 的最小值; (3)求使不等式12)11()11)(11(21+≥+++n p a a a n 对一切*N n ∈均成立的最大实数p . 解:(1)由题意得???=+=+2)5(log 1)2(log 33b a b a ,解得? ??-==12b a , )12(log )(3-=∴x x f *)12(log ,123 3N n n a n n ∈-==- (2)由(1)得n n n b 212-=, n n n n n T 2 122322523211321-+-++++=∴- ① 2311113252321222222 n n n n n n n T -+---=+++++ ② ①-②得12311112222212222222n n n n n T -+-=++++ +- 1122111111121()222 222n n n n --+-=+++++-112122123+----=n n n . n n n n n n T 23232122132+-=---=∴-, 设*,232)(N n n n f n ∈+=,则由1512132121)32(252232252) ()1(1<+≤++=++=++=++n n n n n n f n f n n 得*,2 32)(N n n n f n ∈+=随n 的增大而减小+∞→∴n 当时,3→n T 又)(Z m m T n ∈<恒成立,3min =∴m (3)由题意得*21)11()11)(11(1 21N n a a a n p n ∈++++≤对 恒成立 记)11()11)(11(121)(21n a a a n n F ++++= ,则 1)1(4)1(2)32)(12(22)11()11)(11(121)11)(11()11)(11(321) ()1(221121-++=+++=+++++++++=++n n n n n a a a n a a a a n n F n F n n n 1)1(2)1(2=++>n n )(),()1(,0)(n F n F n F n F 即>+∴> 是随n 的增大而增大 中考数学填空压轴题大 全 LG GROUP system office room 【LGA16H-LGYY-LGUA8Q8- 2017全国各地中考数学压轴题汇编之填空题4 1.(2017贵州六盘水)计算1+4+9+16+25+……的前29项的和是. 【答案】8555, 【解析】由题意可知1+4+9+16+25+……的前29项的和即为:12+22+32+42+52+…+292.∵有规律:21(11)(211)116+?+== ,222(21)(221) 1256 +?++==, 2223(31)(231)123146+?+++== ,……,2222(1)(21) 123146 n n n n ++++++==…. ∴222229(291)(2291) 123296 +?+++++= (8555) 2.(2017贵州毕节)观察下列运算过程: 计算:1+2+22+…+210.. 解:设S =1+2+22+…+210,① ①×2得 2S =2+22+23+…+211,② ②-①,得 S =211-1. 所以,1+2+22+…+210=211-1. 运用上面的计算方法计算:1+3+32+…+32017=______________. 【答案】201831 2 -, 【解析】设S =1+3+32+…+32017,① ①×3得 3S =3+32+33+…+32018,② ②-①,得 2S =32018-1. 所以,1+3+32 +…+3 2017 =2018312 -. 3.(2017内蒙古赤峰)在平面直角坐标系中,点P (x ,y )经过某种变换后得到点 P '(-y +1,x +2),我们把点P '(-y +1,x +2)叫做点P (x ,y )的终结点.已知点P 1的终结点为P 2,点P 2的终结点为P 3,点P 3的终结点为P 4,这样依次得到P 1、P 2、P 3、P 4、…P n 、…,若点P 1的坐标为(2,0),则点P 2017的坐标为. 【答案】(2,0), 【解析】根据新定义,得P 1(2,0)的终结点为P 2(1,4),P 2(1,4)的终结点为P 3(-3,3),P 3(-3,3)的终结点为P 4(-2,-1),P 4(-2,-1)的终结点为P 5(2,0), P 5(2,0)的终结点为P 4(1,4),…… 观察发现,4次变换为一循环,2017÷4=504…余1.故点P 2017的坐标为(2,0). 4.(2017广西百色)阅读理解:用“十字相乘法”分解因式的方法. (1)二次项系数212=?; (2)常数项3131(3)-=-?=?-,验算:“交叉相乘之和”; (3)发现第③个“交叉相乘之和”的结果1(3)211?-+?=,等于一次项系数-1,即:22(x 1)(2x 3)232323x x x x x +-=-+-=--,则223(x 1)(2x 3)x x --=+-,像这样,通过十字交叉线帮助,把二次三项式分解因式的方法,叫做十字相乘法,仿照以上方法,分解因式:23512x x +-=______. 【答案】(x +3)(3x -4). 【解析】如图. 5.(2017湖北黄石)观察下列各式: …… 按以上规律,写出第n 个式子的计算结果n 为正整数).(写出最简计算结果即可) 【答案】 1 n n +, 高考压轴题瓶颈系列之——浙江卷数列 【见证高考卷之特仑苏】 1. 【2014年.浙江卷.理19】(本题满分14分)已知数列{}n a 和{}n b ()()* ∈=N n a a a n b n 2 2 1 . 若 {}n a 为等比数列,且.6,2231b b a +== (Ⅰ)求 n a 与 n b ; (Ⅱ)设() * ∈-= N n b a c n n n 1 1。记数列{}n c 的前n 项和为n S . (i )求 n S ; (ii )求正整数k ,使得对任意*∈N n ,均有n k S S ≥. 2. 【2011年.浙江卷.理19】(本题满分14分)已知公差不为0的等差数列 {} n a 的首项 1a a = (a R ∈),设数列的前n 项和为n S ,且11a ,21a ,41a 成等比数列 (Ⅰ)求数列 {} n a 的通项公式及 n S (Ⅱ)记 1231111 ...n n A S S S S = ++++ , 212221111...n n B a a a a =++++,当2n ≥时,试比较 n A 与 n B 的大2011高考数学压轴题专题训练
高考数列压轴题选讲
中考数学填空压轴题大全
高考压轴题瓶颈系列—浙江卷数列50例