【中考专题】2017年人教版中考数学专题复习(含答案)
目录
2017年人教版中考数学《动态综合》专题复习(含答案)
2017年人教版中考数学《方案设计》专题复习(含答案)
2017年人教版中考数学《归纳探索》专题复习(含答案)
2017年人教版中考数学《开放探究》专题复习(含答案)
2017年人教版中考数学《实验操作专题》专题复习(含答案)
2017年人教版中考数学《数学思想》专题复习(含答案)
2017年人教版中考数学《填空题的解答策略》复习(含答案)
2017年人教版中考数学《选择题的解答策略》复习(含答案)
2017年人教版中考数学《阅读理解》专题复习(含答案)
动态综合专题
刘明行
动态综合型试题是近年来各级各类考试命题的热点和焦点,她集多个知识点于一体,综合性高,探究型强. 解决这类问题的主要思路是:在动中取静,在静中探动,也就是用运动与变化的眼光去观察和研究图形,把握图形运动的全过程,抓住其中的等量关系和变量关系,特别关注一些不变量、不变关系和特殊位置关系. 点动型
例1 (2015·凉山州)菱形ABCD 在平面直角坐标系中的位置如图1所示,顶点B(2,0),∠DOB=60°,点P 是对角线OC 上一个动点,E(0,-1),当EP +BP 最短时,点P 的坐标为
______.
图1
分析:点B 的对称点是点D ,如图2,连接ED 交OC 于点P ,易知ED 的长度即为EP +BP 的最短值
.
图2
解:如图2,连接ED ,因为点B 的对称点是D ,所以DP=BP ,所以ED 的值即为EP +BP 的最短值.
因为四边形ABCD 是菱形,顶点B(2,0),∠DOB=60°,所以点D 的坐标为(1,3),所以点C 的坐标为(3,3),所以可得直线OC 的解析式为x y 3
3
=
. 因为点E 的坐标为(0,-1),所以可得直线ED 的解析式为()
131-+=x y .
因为点P 事直线OC 和直线ED 的交点,所以点P 的坐标为方程组(
)
??
??
?
-+==
1
313
3x y x
y 的解,解方程组可得???-=-=3
23
32y x ,所以点P 的坐标为(32-3,2-3),故填(32
-3,2-3).
评注:本题中的变量是EP +BP 的值,不变量是点B 与点D 的位置关系,借助菱形的对称性将EP +BP 的值转化为ED 的值,由“两点间线段最短”即可知道此时EP +BP 的值最短,将变量转化为不变量是解决运动型问题常用的解题思路.
跟踪训练:
1.(2015·贵港)如图,已知P 是⊙O 外一点,Q 是⊙O 上的动点,线段PQ 的中点为M ,连接OP 、OM. 若⊙O 的半径为2,OP=4,则线段OM 的最小值是( )
A.0
B.1
C.2
D.3
第1题图 第2题图
2.如图,已知线段AB=10,AC=BD=2,点P 是CD 上一动点,分别以AP 、PB 为边向上、向下作正方形APEF 和PHKB ,设正方形对角线的交点分别为O 1、O 2,当点P 从点C 运动到点D 时,线段O 1O 2中点G 的运动路径的长是______. 线动型
例2 如图3,在平面直角坐标系中,四边形OABC 是矩形,点B 的坐标为(4,3).平行于对角线AC 的直线m 从原点O 出发,沿x 轴正方向以每秒1个单位长度的速度运动,设直线m 与矩形OABC 的两边分别交于点M 、N ,直线m 运动的时间为t(秒). (1)点A 的坐标是______,点C 的坐标是_____; (2)当t=_____秒或____秒时,MN=
2
1
AC ; (3)设△OMN 的面积为S ,求S 与t 的函数关系式;
(4)在(3)中得到的函数S 有没有最大值?若有求出最大值;若没有,要说明理由.
图3
分析:(1)根据B 点的坐标即可求出A 、C 点的坐标;
(2)当MN=
21AC 时,有两种情况:①Mn 是△OAC 的中位线,此时OM=2
1OA=2,因此t=2;②当MN 是△ABC 的中位线时,OM=2
3
OA=6,因此t=6;
(3)本题要分类讨论:①大直线m 在AC 下方或与AC 重合时,即当0<t ≤4时,可根据△OMN ∽△OAC ,用两三角形的相似比求出面积比,即可得出S 与t 之间的函数关系式;②当直线m 在AC 上方时,即当4<t <8时,可用矩形OABC 的面积-△BMN 的面积-△OCN 的面积-△OAM 的面积求得;
(4)根据(3)得出的函数的性质和自变量的取值范围即可求出面积S 的最大值及对应的t 的值.
解:(1)A(4,0),C(0,3);
(2)当MN=21AC 时,有两种情况:①Mn 是△OAC 的中位线,此时OM=2
1
OA=2,因此t=2;②当MN 是△ABC 的中位线时,AM=21AB=23,OA=4,AD=4
3
23
tan =∠EDO AM
=2,所以OD=OA +
AD=4+2=6,故t=6;
(3)当0<t ≤4时,OM=t ,因为△OMN ∽△OAC ,所以
OC ON OA OM =,所以ON=43
t ,S=283t .
当4<t <8时,如图4,因为OD=t ,所以AD=t-4,由△DAM ∽△AOC ,可得AM=()44
3
-t ,所
以BM=6-
t 43;由△BMN ∽△BAC ,可得BN=3
4
BM=8-t ,所以CN=t-4,所以S=矩形OABC 的面积-Rt △BMN 的面积-Rt △OCN 的面积-Rt △OAM 的面积 =12-
23(t-4)-21(8-t)(6-t 43)-2
3
(t-4)=-283t +3t ;
图4
(4)有最大值,当0<t ≤4时,因为抛物线S=2
8
3t 的开口向上,在对称轴t=0的右边,S 随
t 的增大而增大,所以当t=4时,S 可取到最大值8
3×42
=6;当4<t <8时,因为抛物线S=-283t
+3t 的开口向下,顶点是(4,6),所以S ≤6. 综上所述,当t=4时,S 有最大值6.
评论:相对于点的运动来讲,线的运动在中考中相对要少点儿, 解答这类问题时要用运动与变化的观点去观察和研究图形,把握直线运动与变化的全过程,抓住等量关系和变量关系,特别注意一些不变量、不变关系或特殊关系.
跟踪训练:
1.如图所示,已知等腰梯形ABCD ,AD ∥BC ,若动直线l 垂直于BC ,且向右平移,设扫过的阴影部分的面积为S ,BP 为x ,则S 关于x 的函数图象大致是( )A
A B C D
第1题图
2.如图,在平面直角坐标系xoy 中,二次函数32
-+=bx ax y (a ,b 是常数)的图像与x 轴交于点A(-3.0)和点B(1,0),与y 轴交于点C. 动直线y=t(t 为常数)与抛物线交于不同的两点P 、Q.
(1)求a 和b 的值; (2)求t 的取值范围;
(3)若∠PCQ=90°,求t 的值.
第2题图
面动型
例3 已知:把Rt △ABC 和Rt △ABC 按如图1摆放(点C 与点E 重合),点B 、C(E)、F 在同一直线上,∠ACB=∠EDF=90°,∠DEF=45°,AC=8cm ,BC=6cm,EF=9cm. 如图2,△DEF 从图1的位置出发,以1cm/s 的速度沿CB 向△ABC 匀速移动,在△DEF 移动的同时,点P 从△ABC 的顶点B 出发,以2cm/s 的速度沿BA 向点A 匀速移动,当△DEF 的顶点D 移动到AC 边上时,△DEF 停止移动,点P 也随之停止运动. DE 与AC 相交于点Q ,连接PQ ,设移动时间为t(s)(0<t <4.5),解答下列问题:
①当t 为何值时,点A 在线段PQ 的垂直平分线上?
②连接PE ,设四边形APEC 的面积为y(cm 2
),求y 与t 之间的函数关系式;是否存在某一时刻t ,使得面积y 最小?若存在,求出y 的最小值,若不存在,请说明理由.
③是否存在某一时刻t ,使得P 、Q 、F 三点在同一条直线上?若存在,求出此时t 的值;若不存在,说明理由.
解析:①因为点A 在线段PQ 的垂直平分线上,所以AP=AQ. 因为∠DEF=45°,∠ACB=90°,∠DEF+∠ACB+∠EQC=180°,所以∠EQC=45°,所以∠DEF=∠EQC ,所以CE=CQ. 又由题意得CE=t, BP=2t ,所以CQ=t ,所以AQ=8-t ,解得t=2;
②过点P 作PM ⊥BE ,交BE 与点M ,所以∠BMP=90°,在Rt △ABC 和Rt △BPM 中,sinB=AC
AB
=PM BP ,代入,解得PM=85 t.因为BC=6cm,CE=t,所以BE=6-t ,所以y=S △ABC-S △BPE =12
(BC ·AC-BE ·PM) 化简得y=45 (t-3)2+84
5 ,所以当t=3时,y 最小=845
;
③假设存在某一时刻t ,使得点P 、Q 、F 三点在同一条直线上,过P 点作PN ⊥AC ,交
A C 于点N ,所以∠ANP=∠ACB=∠PNQ=90°. 因为∠PAN=∠BAC 所以△PAN ∽△BAC ,所以PN
6
=10-2t 10 =AN 8 ,所以PN=6- 65 t, AN=8- 85 t. 因为NQ=AQ-AN ,所以NQ=8-t-(8- 85 t)=3
5
t. 因为∠ACB=90°,B 、C(E)、F 在同一条直线上,所以∠QCF=90°∠QCF=∠PNQ. 因为∠FQC=∠PQN ,所以△QCF ∽△QNP ,
所以PN FC =NQ CQ ,所以6-1.2t 9-t =35
,因为0<t <4.5,所以t=1.
解后反思:面的运动相对来说比较复杂,但也是中考的热点之一,许多创新题、探究题都源于此,解决此类型问题的关键:一是要抓住几何图形在运动过程中形状和大小都不改变这一特性,充分利用不变量来解决问题;二是要运用特殊与一般的数学思想方法,探究图形运动变化过程中的不同阶段;三是要运用类比转化的方法探究相同运动状态下的共同性质,这种方法能够使得问题解决的过程更加简捷,结论更加明确.
跟踪训练:
已知,在矩形ABCD 中,E 为BC 边上一点,DE AE ⊥,AB=12,BE=16,F 为线段BE 上一点,EF=7,连接AF.如图1,现有一张硬质纸片GMN ?,090=∠NGM ,NG=6,MG=8,斜边MN 与边BC 在同一直线上,点N 与点E 重合,点G 在线段DE 上.如图2,GMN ?从图1的位置出发,以每秒1个单位的速度沿EB 向点B 匀速移动,同时,点P 从A 点出发,以每秒1个单位的速度沿AD 向点D 匀速移动,点Q 为直线GN 与线段AE 的交点,连接PQ.当点N 到达终点B 时,GMN ?和点P 同时停止运动.设运动时间为t 秒,解答下列问题: (1)在整个运动过程中,当点G 在线段AE 上时,求t 的值;
(2)在整个运动过程中,是否存在点P ,使APQ ?是等腰三角形,若存在,求出t 的值;若不存在,说明理由;
(3)在整个运动过程中,设GMN ?与AEF ?重叠部分的面积为S ,请直接写出S 与t 之间的函数关系式以及自变量t 的取值范围.
动态综合型专题 点动型: 1.B 2.23 线动型: 1.A
2.解:(1)将点A 、点B 的坐标代入可得??
?=--=-+033903b a b a ,解得???==2
1
b a ;
(2)抛物线的解析式为322
-+=x x y ,直线y=t ,联立两解析式可得t x x =-+322
,即
()0322=+-+t x x . 因为动直线y=t(t 为常数)与抛物线交于不同的两点,所以△=4+4
×(3+t)>0,解得t >-4;
(3)因为()41322
2-+=-+=x x x y ,所以抛物线的对称轴为直线x=1. 当x=0时,y=-3,所以C(0.-3). 设点Q 的坐标为(m ,t),则P(-2-m ,t). 如图,设PQ 与y 轴交于点D ,则CD=t +3,DQ=m ,DP=m +2. 因为∠PCQ=∠PCD +∠QCD=90°,∠DPC +∠PCD=90°,所以∠QCD=
∠DPC. 因为∠PDC=∠QDC=90°,所以△QCD ∽△CDP ,所以PD DC DC DQ =,即3+t m
=2
3++m t ,整理得m m t t 2962
2
+=+=.
因为Q(m ,t)在抛物线上,所以t=322-=m m ,即322
+=+t m m ,所以3962
+=++t t t ,
化简得0652
=++t t ,解得21-=t ,32-=t .
当t=-3时,动直线y=t 经过点C ,故不合题意,舍去,所以t=-2.
面动型:
解:(1)在Rt △GMN 中,GN=6,GM=8,所以MN=10. 由题意,易知点G 的运动线路平行于BC. 由题意易知点G 的运动线路平行于BC. 如答图1所示,过点G 作BC 的平行线,分别交AE 、AF 于点Q 、R. 因为∠AED=∠EGM=90°,所以AE ∥GM ,所以四边形QEMG 为平行四边形,所以QG=EM=10,所以t=
1
10
=10秒;
答图1 (2)存在符合条件的点P ,在Rt △ABE 中,AB=12,BE=16,由勾股定理得AE=20. 设∠AEB=θ,则sin θ=
53,cos θ=5
4
. 因为NE=t ,所以QE=NE ?cos θ=t 54,AQ=AE-QE=20-t 54.
△APQ 是等腰三角形,有三种可能的情形:
①AP=PQ ,如答图2所示,过点P 作PK ⊥AE 于点K ,则AK=AP ?cos θ=t 5
4
. 因为AQ=2AK ,所以20-
t 54=2×t 54,解得t=3
25; ②AP=AQ ,如答图3所示,有t=20-
t 54,解得t=9
100
; ③AQ=PQ ,如答图4所示,过点Q 作QK ⊥AP 于点K ,则AK=AQ ?cos θ=(20-t 54)×5
4=16-t 2516
. 因为AP=2AK ,所以t=2×(16-
t 2516),解得t=57
800
. 综上所述,当t=325,9100或57
800
秒时,存在点P ,使△APQ 是等腰三角形.
(3)如答图1所示,点N 到达点F 的时间为t=7;由(1)知,点G 到达点Q 的时间为t=10;QE=10
×5
4=8,AQ=20-8=12,因为GR ∥BC ,所以AE AQ EF QR =,即2012
7=QR ,所以QR=521,所以
点G 到达点R 的时间为t=10+521=5
71
;点N 到达终点B 的时间为t=16. 在△GMN 运动的过
程中:
①当0≤t <7时,如答图5所示:QE=NE ?cos θ=t 54,QN=NE ?sin θ=t 5
3,S=
21QE ?QN=21?t 54?t 53
=
225
6t ; ②当7≤t <10时,如答图6所示:设QN 与AF 交于点I ,因为tan ∠INF=
3
4
=GN GM ,tan ∠IFN=
34=BF AB ,所以∠INF=∠IFN ,△IFN 为等腰三角形. 底边NF 上的高h=21
NF ?tan ∠INF=21×(t -7)×34=32(t -7). S △INF =21(t -7)×3
2(t -7)=()2
731-t ,所以S=S △QNE -S △
INF =2256t -()2
731-t =3
493147572-+-t t ;
③当10≤t <571时,如答图7所示:由②得S △INF =()2
73
1-t ,所以S=S △GMN -S △INF =24-()2731
-t =3
23314312++-t t ; ④当5
71<t ≤16时,如答图8所示:FM=FE -ME=FE -(NE -MN)=17-t. 设GM 与AF 交于点
I ,过点I 作IK ⊥MN 于点K. 因为tan ∠IFK=
3
4
=BF AB ,所以可设IK=4x ,FK=3k ,则KM=3x +17-t. 因为tan ∠IMF=431734=-+=t x x KM IK ,解得x=73(17-t),所以IK=4x=7
12
(17-x),所以S=
21FM ?IK=()2
177
6-t .
综上所述,S 与t 之间的函数关系式为:
S=()()
()?????
??????
??? ??≤≤-?
?? ??<≤++-<≤-+-<≤16571
1776571103233143
1107349
31475
77025
622
22t t t t t t t t t t .
填空题的解答策略
张中元
中考填空题属客观性试题,一般题目短小精干、跨度大、容量大、覆盖面广,答案简短、明确、具体,不必填写解答过程,答卷方式简便,评分客观、公正、准确.但它有本身的特点,不像选择题有答案可供选择,这就避免了选择项所起的暗示或干扰作用,避免了考生有瞎猜的侥幸心理,从这个角度看,它能够比较真实地考查出学生的真实水平.
中考填空题考查的内容多是 “四基”方面的内容,一般是容易题或中档题,大多数是计算和概念判断性的试题,因此,同学们在做中考数学填空时,切忌“小题大做”,既要认真审题,看清楚题目中的条件要求,又要快速地找到解决问题的方法.下面摘取部分填空题,谈谈其解题策略,供同学们复习时参考.
一、直接法
直接法是从题设条件出发,利用定义、定理、性质、法则等知识,通过计算、分析、推理得到正确答案的解法,它是较普遍使用的常规方法.
例1(2015·厦门)已知b a +=+?+)13
940()13839(,若a 是整数,1<b <2,则a=___.
分析:首先把原式整理,利用整式的乘法法则进行计算,然后进一步根据b 的取值范围可得出a 的数值.
解:169
17616111697213824271560)13940()13839(+=+++=+?+.
∵a 是整数,1<b <2,∴a=1611,故答案为1611.
例2(2015·咸宁)如图1所示,在平面直角坐标系中, 点A 的坐标为(0,6),将△OAB 沿x 轴向左平移得到△O 'A 'B ',
点A 的对应点A '落在直线y=4
3
-
x 上,则点B 与其对应点B ' 间的距离为__________.
分析:首先根据平移的性质确定点A '的纵坐标,再根据点 A '落在直线y=4
3
-
上,可求出点A '的横坐标,确定出△OAB 沿x 轴向左平移的单位长度即可得到答案.
解:根据平移的性质知,点A 移动到点A '的位置时,纵坐标不变,∴点A '的纵坐标为6,∴6=4
3
-
x,解得x=-8,∴△OAB 沿x 轴向左平移得到△O 'A 'B '的位置,移动了8个单位,∴点B 与其对应点B '间的距离为8,故答案为8. 跟踪训练:
1.(2015·大连)若a=49,b=109,则ab-9a 的值为_________.
2.(2015·铁岭)在平面直角坐标系中,正方形ABCD 的顶点A ,B ,C 的坐标分别为(-1,1),(-1,-1),(1,-1),则顶点D 的坐标为_________.
3.(2015·荆州)如图所示,△ABC 中,AB=AC ,AB 的垂直平分线交
边AB 于点D ,交边AC 于点E.若△ABC 和△EBC 的周长分别是40cm ,24cm ,
则AB=________cm.
4.(2015·山西)现有两个不透明的盒子,其中一个装有标号分别为1,2的两张卡片,另一个装有标号分别为1,2,3的三张卡片,卡片除标号外其他均相同.若从两个盒子中随机抽取一张卡片,则两张卡片标号恰好相同的概率是_________. 二、特例法
特例法就是根据题设条件的特征,选取恰当的特例,从而通过简单的运算, 获取正确答案的方法.当题目的条件具有一般性,结论呈特殊性 时,或者当题目的答案暗示有唯一值时,采用这种方法特别方便.
例3(2015·常德)如图2所示,在△ABC 中,∠B=40°,三角形 的外角∠DAC 和∠ACF 的平分线交于点E ,则∠AEC=_________. 分析:此题已知条件就是在△ABC 中,∠B=40°,说明只要满足此条件的三角形都一定能够成立,不妨考虑特殊情况,即令△ABC 为等腰三角形,且∠A 为顶角,马上可以得出∠
图 1
第3题图 图 2
AEC 的度数.
解:不妨设△ABC 为等腰三角形,且∠A 为顶角,则∠DAC=∠FCA=110°.
∵三角形的外角∠DAC 和∠ACF 的平分线交于点E,∴∠EAC=∠ECA=55°,∴∠AEC=180°-55°-55°=70°,故答案为70°.
例4无论m 为任何实数,二次函数y=x 2
+(2-m)x+m 的图象都经过的点是________.
分析:由于m 可以为任何实数,所以不妨设m=2,则y=x 2+2,再设m=0,则y=x 2
+2x ,然后
解方程组?????+=+=,,
x x y x y 222
2求出的解即为图象所经过的点. 解:∵m 可以为任何实数,∴不妨设m=2,则y=x 2
+2,再设m=0,则y=x 2
+2x ,解方程组?????+=+=,,x x y x y 222
2
得???==.31y x ,∴二次函数y=x 2+(2-m)x+m 的图象都经过的点是(1,3). 跟踪练习:
5.(2015·六盘水)已知
06
54≠==a
b c ,则a c b +的值为________. 6.(2015·包头)如图所示,在△ABC 中,∠C=90°,
AC=BC,斜边AB=2,O 是AB 的中点,以O 为圆心,线段OC 的长为半径画 圆心角为90的扇形OEF ,弧EF 经过点C ,则图中阴影部分的面积是
_________.
三、数形结合法
数形结合思想是重要的思想方法,以直观的图形显示抽象的数量关系,把思维对象变成可观察的东西,是最有效的解决数学问题的方法.
例4(2015·沈阳)如图3-①所示,在某个盛水容器 内,有一个小水杯,小水杯内有部分水,现在匀速持续地 向小水杯内注水,注满小水杯后,继续注水,小水杯内水的
高度y(cm)和注水时间x(s)之间的关系满足如图3-②中的图象, 则至少需要__________s 能把小水杯注满. 分析:利用数形结合思想,由图象可知,小水杯内注满
水的高度y(cm)和注水时间x(s)之间的关系为如图所示的斜线段,因此可设一次函数的解析式为y=kx+b ,然后将点(0,1)和(2,5)代入可求出其解析式,再由y=11即可得出答案.
解:设一次函数的解析式为y=kx+b ,将(0,1)和(2,5)代入,得???=+=,
,521b k b 解得 ??
?==.12b k ,
∴解析式为y=2x+1.
当y=11时,2x+1=11,解得x=5.
∴至少需要5s 能把小水杯注满,故答案为5.
例5(2015·乌鲁木齐)如图4所示,抛物线y=ax 2
+bx+c
的对称轴是x=-1,且过点(2
1
,0),有下列结论:①abc >0;②a-2b+4c=0;③25a-10b+4c=0;
④3b+2c >0;⑤a-b ≥m(am-b),其中正确的结论是___________(填写正确结论的序号).
分析:利用数形结合思想,根据已知条件,结合所给出的图象进行分析判断,由图象可知,根据抛物线的开口方向和对称轴的位置、抛物线与y 轴的交点位置对①进行判断;根据抛物线的对称轴及开口方向可对②进行判断;根据抛物线与x 轴的交点为(
2
1
,0)及对称轴可对③进行判断;根据抛物线的对称轴及自变量为1时对应的函数值为负数可对④进行判断;根据函数有最大值可对⑤进行判断.
解:由抛物线的开口向下可得,a <0,根据抛物线的对称轴在y 轴左侧可得,a ,b 是同号,∴b <0,根据抛物线与y 轴的交点在正半轴可得,c >0,∴abc >0,∴①正确;
直线x=-1是抛物线的对称轴,∴12-=-a
b
,∴b=2a ,∴a-2b+4c=a-4a+4c=-3a+4c.
图3 ①
② 图
4
第6题图
∵a <0,c >0,∴-3a+4c >0,∴a-2b+4c >0,∴②错;
∵抛物线y=ax 2
+bx+c 的对称轴是x=-1,且过点(
2
1,0),∴抛物线y=ax 2
+bx+c 与x 轴的另一个交点为(-)0,25,当x=-25时,y=0,∴a(-25)2-2
5
b+c=0.
整理,得25a-10b+4c=0,∴③正确;
∵b=2a ,a+b+c <0,∴021
<++c b b ,
∴3b+2c <0,∴④错;
∵x=-1时,函数值最大,∴a-b+c >m 2
a-mb+c(m ≠-1),∴a-b >m(ma-b),⑤正确.
故答案为①③⑤. 跟踪训练:
7.(2015·毕节)实数a ,b 在数轴上的位置如图所示,则=--b a a 2__________.
8.(2015·聊城)二次函数y=ax 2
+bx+c(a ≠0)的图象如图所示,则下列结论:①2a+b=0;②a+c
9.(2015·烟台)如图所示,直线l :y=-12
1
+x 与坐标轴交于点A ,B ,点M(m ,0)是x 轴上一动点,以点M 为圆心,2个单位长度为半径作⊙M ,当⊙M 与直线l 相切时,m 的值为__________.
10.(2014·湖州)如图所示的频数分布折线图分别表示我国A 市和B 市在2014年4月份的日平均气温的情况,记该月A 市和B 市日平均气温是8的天数分别为a 天和b 天,则a+b=______. 四、整体法
整体法就是在解题时,可以从整体角度思考,将局部放在整体中观察分析、探究,从而使问题得以简捷巧妙地解决的方法.
例6(2015·资阳)已知(a+6)2
+0322=--b b ,则2b 2
-4b-a 的值为___________.
分析:根据非负数的性质求出a 和b 2-2b 的值,然后将a,b 2
-2b 整体代入即可. 解:∵(a+6)2
≥0,0322=--b b ≥0,(a+6)2
+0322=--b b ,∴a+6=0,b 2
-2b-3=0,
∴a=-6,b 2-2b=3,∴2b 2-4b-a=2(b 2
-2b)-a=2×3-(-6)=12,故答案为12.
例7(2015·青海)如图5所示,三个小正方形的边长
都是1,则图中阴影部分的面积和是________.
分析:单独求出三个小扇形的面积,然后再相加,显然较困难, 注意到三个扇形的半径都是1,因此可以将三个小扇形拼成一个大扇形, 整体求出大扇形的面积,而易求得大扇形的圆心角为135o,于是不难求出三个小扇形的面积和,即阴影部分的面积.
解:根据图示知,∠1+∠2=∠3=45o,∴图中阴影部分(即 三个小扇形)的圆心角的和=90o+90o-(∠1+∠2)=90o+90o-45o
=
第7题图 第8题图
第9题图 图5
2 1
3 第10题图
135o,∴阴影部分的面积=8
336011352
ππ=?.故答案为83π.
跟踪训练5.
11.(2015·扬州)若a 2-3b=5,则6b-2a 2
+2015=__________.
12.(2015·呼和浩特)若实数a ,b 满足(4a+4b)(4a+4b-2)-8=0,则a+b=_________. 五、转化法
转化法就是将复杂问题转化为简单问题,把未知转化为我们熟悉的另一种问题求解,从而化生为熟,化繁为简,化隐为显,化难为易使问题得到解决的一种方法.
例8(2015·庆阳)在底面直径为2cm ,高为3cm 的圆柱形侧面上,用一条无弹性的丝带从A 至C 按如图6所示的圈数缠绕,则丝带的最短长度为_________cm(结果保留π).
分析:根据绕两圈到C ,则展开后转化为求直角三角形的斜边长,并且AB 的长为圆柱的底
面圆的周长的1.5倍,BC 的长为圆柱的高,根据勾股定理即可求出. 解:如图7所示,∵无弹性的丝带从A 到C ,绕了1.5圈,
∴展开后AB=1.5×2π=3π,BC=3,∴由勾股定理,得
AC=13992222+=+=+ππBC AB (cm).故答案为132+π.
例9(2015·酒泉)定义新运算:对于任意实数a ,b,都有a &b=a(a-b)+1,其中等式右边是通常的加法、减法和乘法运算,如:2&5=2×(2-5)+1=2×(-3)+1=-5,那么不等式3&x <13的解集为___________.
分析:根据新运算的定义,将3&x <13转化为不等式,然后解不等式求得不等式的解集即可.
解:∵3&x <13,∴3(3-x)+1<13,∴x >-1,故答案为x >-1 跟踪训练:
13.(2015·包头)如图所示,⊙O 是△ABC 的外接圆,AD 是⊙O 的直径,若⊙O 的半径为4,sinB=41
,则线段AC 的长为_________
14.(2015·温州)某农场拟建两间矩形饲养室,一面靠现有墙(墙足够长),中间用一道墙隔开,并在如图所示的三处各留1米宽的门.已知计划中的材料可建墙体(不包括门)总长为27米,则能剪成的饲养室的面积最大为___________米2.
第13题图 图
6 图
7 第15题图
参考答案
1.4900 提示:ab-9a=a(b-9)=49×(109-9)=49×100=4900.
2.(1,1) 提示:∵正方形的两个顶点的坐标为A(-1,1),B(-1,-1),∴AB=1-(-1)=2.∵点C 的坐标为(1,-1),∴第四个顶点D 的坐标为(1,1),故答案为(1,1).
3.16 提示:∵DE 是AB 的垂直平分线,∴AE=BE.∵△EBC 的周长是24,∴BE+CE+BC=24,∴AE+EC+BC=24,即AC+BC=2
4.∵△ABC 的周长是40,∴AB+AC+BC=40,∴AB+24=40,∴AB=16. 4.
1
提示:列表如下: 恰好相同的概率是
3162=,故答案为31.
5.23 提示:不妨设a=6,b=5,c=4,则2369645==+=+a c b ,故答案为23
.
6.214-π 提示:∵扇形OEF 在旋转的过程中,阴影部分的面积不变,∴可将扇形OEF 转到
OE 与AC 垂直的情况,此时OF ⊥BC,则S 阴影=S 扇形OEF -S 正方形,易知OC=
2
1
AB=1,正方形的边长=2
2,∴S 阴影=S 扇形OEF -S 正方形=21
4)22(14122-=-?ππ.
7.-b 提示:由图可知a <0,b >0,∴a-b <0,∴=--b a a 2-a+(a-b)=-b,故答案为-b.
8.①②④提示:∵对称轴为x=1,∴12=-
a
b
,∴2a+b=0,∴①正确;当x=-1时,a-b+c <0,∴a+c <b,∴②正确;设抛物线与x 轴的另一个交点为(x 1,0),则1=2
21
x +-,解得x 1=4,∴抛
物线与y 轴的另一个交点为(4,0),∴③错;∵a >0,b <0,c <0,∴abc >0,∴④正确,故答案为①②④.
9.2-25,2+25提示:在y=-
2
1
x+1中,令x=0,则y=1,令y=0,则x=2, ∴A(0,1),B(2,0),∴AB=5,如图所示,设⊙M 与AB 相切于 C ,连接MC ,则MC=2,MC ⊥AB.∵∠MCB=∠AOB=90°,∠B=∠B, ∴△BMC ∽△BAO,∴CM ﹕OA=BM: BA,∴2﹕1=BM:5,∴BM=25.
OM=25-2,或OM=25+2,∴m=2-25或m=2+25,故答案为2-25,2+25. 10.12提示:根据图表可得,a=10,b=2,∴a+b=12,故答案为12.
11.2005提示:6b-2a 2+2015=-2(a 2
-3b)+2015=-2×5+2015=2005.
12.-2
1或1提示:设a+b=x ,则4x(4x-2)-8=0,即x(2x-1)-1=0,2x 2
-x-1=0,(2x+1)(x-1)=0, 解得x 1=-21,x 2=1,则a+b 的值是-21或1,故答案为-2
1
或1.
13.2提示:连接CD ,则∠D=∠B.∵AD 为直径,∴∠ACD=90°.又sinD=4
1,∴sinD=AD AC
,
∴8
41AC =∴AC=2,故答案为2. 14.75提示:设垂直于墙体的材料长为x 米,则平行于墙的材料长为27+3-3x=30-3x,
则总面积S=x(30-3x)=-3x 2+30x=-3(x-5)2+75,故饲养室的最大面积为75米2
,故答案为75.
第9题图
实验操作专题
吴健
实验操作型试题是近几年中考数学的热点试题,这类试题就是让同学们在通过实际操作的基础上设计的问题,需要动手操作(包括裁剪、折叠、拼图等),合情猜想和验证,它既考查学生的动手能力,又考查学生的想象能力,不但有利于培养同学们的创新能力和实践能力,更有助于养成实验研究的习惯,体现新课程理念.,符合新课程标准强调的发现式学习、探究式学习和研究式学习,因此,实验与操作问题将成为今后中考的热点题型. 一、折叠类
例1 如图1,小娟将一条直角边长为1的一个等腰直角三角形纸片(图①),沿它的对称轴折叠1次后得到一个等腰直角三角形(图②),再将图②的等腰直角三角形沿它的对称轴折叠后得到一个等腰直角三角形(图③),则图③中的等腰直角三角形的一条腰长为________;同上操作,若小娟连续将图①的等腰直角三角形折叠n 次后所得到的等腰直角三角形(图n+1)的一条腰长为_______.
分析:已知图①的等腰直角三角形的直角边长为1
,即11-??
,则可以利用勾股定理
求出其斜边的长
为,通过第一次折叠后,图①的等腰直角三角形的斜边的一半即变成
图②的直角边,即图②的直角边长为2
,即21
2-?? ? ???,同理,可以得到图③的直角边长
为1
2
,即31
2-?? ? ???
,图④的直角边长为4
,即41
2-? ??
,由此可以猜想第n 个图形中的
等腰直角三角形的腰长为1
2n -??
? ?
??,折叠n 次后所得到的等腰直角三角形,即如图n+1的一
条腰长为11
2n +-? ??
,即2n
? ??
.
解:图③中的等腰直角三角形的一条腰长为
1
2
;将图①的等腰直角三角形折叠n 次后所得到的第n+1
个等腰直角三角形的一条腰长为n
??
.
评注:求解本题时,一定要动手操作,经过大胆地猜想、归纳与验证,即可获得正确的
结果.
① ② ③ n+1
图1
跟踪训练:
1. 如图,将一正方形纸片按下列顺序折叠,然后将最后折叠的纸片沿虚线(直角三角形的中位线)剪去上面的小直角三角形.
将留下的纸片展开,得到的图形是( )
2. 如图,将一个长为10cm,宽为8cm的矩形纸片对折两次后,沿所得矩形两邻边中点的连线(虚线)剪下,再打开,得到的菱形的面积为( )
A.10 cm2B.20 cm2C.40 cm2D.80 cm2
第2题图
二、裁剪类
例2如图2,有一块边长为1米的正方形钢板,被裁去长为1
4
米、宽为
1
6
米的矩形两
角,现要将剩余部分重新裁成一正方形,使其四个顶点在原钢板边缘上,且P点在裁下的正方形一边上,问:如何剪裁使得该正方形面积最大?最大面积是多少?
图2 图3
分析:本题是一道与正方形裁剪有关的操作型问题,解决问题首先要画出草图,然后从图形中寻找解决问题的模型.如何剪裁使得该正方形面积最大,实际上是确定正方形顶点的位置,可借助相似三角形的性质构造方程解决.
解:如图3,设原正方形为ABCD,正方形EFGH是要裁下的正方形,且EH过点P.设AH=x,则BE=AH=x,AE=1-x.
∵MP∥AH,∴△EMP∽△EAH.
∴11
1
64
1
x
x x
--
=
-
.整理,得12x2-11x+2=0.解得
1
1
4
x=,
2
2
3
x=.
A B C
D
第1题图
A
B
C
D